四川省遂宁市2026届高三物理下学期考前练试题含解析

本试卷满分100分，考试时间75分钟。

注意事项：

1．答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。

2．答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净

后，再选涂其它答案标号。

3．答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。

4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。

一、单项选择题（本题共7小题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题

目要求）

1．现代量子力学的理论体系主要是在1925年至1927年之间建立起来的。以下关于量子力学相关的物理

学史和理论阐述正确的是

A.玻尔的原子能级模型可以描述大多数原子的结构

ҹ

B.黑体由于不发出辐射所以看起来是黑色的

C.德布罗意的“物质波”假设认为任何运动的粒子都具有波动性，它可以通过电子的衍射实验观察

到

D.爱因斯坦的光电效应理论认为：光电流强度与入射光的频率成正比

2．某减噪装置结构如图所示，当外界声音通过时引起装置的共振从而吸收声波达到减噪效果。已知其

固有频率表达式为0=（SI制），其中为薄板单位面积的质量，L为空气层的厚

度，K为常数。经测试发�现它对频率为300Hz的声音减噪效果最强，若外界声波频率由

�𝜎

300Hz变为200Hz，则下列说法正确的是

A．该装置振动频率仍为300Hz

B．适当增大L，可以获得更好减噪效果

C．适当减小，可以获得更好减噪效果

D．该装置的减噪效果随着外界声波频率的减小，减噪效果越好

3．某同学从离地面高10m处，以10m/s的速度竖直向上抛出一小球。以抛出时刻为计时起点，某物理量

随时间变化的规律如图所示。取竖直向上为正，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，关于该物理量

与时间的图像，下列说法正确的是

A.可能是x-t图像B.可能是v-t图像

C.可能是a-t图像D.可能是x-t图像

t

4．神舟二十二号飞船于2025年11月25日成功发射，这是我国首次应急发射任务。

之后飞船与空间站天和核心舱前向端口完成自主快速交会对接。已知空间站绕地球

做匀速圆周运动，在t时间内通过的弧长为L，与地心的连线扫过的面积为S，则空

间站运动的

A.轨道半径为SB.周期为2tS

LL2

2π3

C.角速度为LD.向心加速度大小为L

tS2t2S

5．如图所示，光滑的半圆形槽内小球（质量为m）在水平外力F作用下保持静止，已知F<mg(g为重力加

速度大小），现保持外力大小不变，逆时针缓慢转动90°，该过程中小球高度

A.一直降低

B.保持不变

C.先降低后升高

D.先升高后降低

6．如图所示，竖直平面内有一固定的光滑四分之一圆弧轨

道，最高点的切线方向刚好竖直，现将一可视为质点的小物

块从轨道最高点上方H高处由静止自由释放，物块恰好能沿

轨道切线方向进入轨道，则物块受轨道的弹力F的大小随其

距轨道最高点的高度差h的关系如图，不计空气阻力，则H的

第1页共8页

值为

A．0.05mB．0.10mC．0.15mD．0.20m

7.如图所示，水平面内固定的两平行光滑导轨间距为0.5m，右端连接有理想变压器，变压器原、副线圈

的匝数比为1:5。副线圈上串联一阻值为10Ω的定值电阻R和两个并联的理想发光二极管（正向电阻为零，

反向电阻无穷大）。导轨置于匀强磁场中，边界MN垂直于导轨，MN左侧磁场方向竖直向下，右侧磁场方

向竖直向上，磁感应强度的大小均为2T。一根电阻不计的导体棒ab垂直于导轨放置，ab在外力作用下以

MN为平衡位置在磁场区域内做简谐运动，其速度与时间的关系为v=22cos20t(m/s)。导轨足够长且

电阻不计，ab与导轨始终垂直且接触良好，下列说法正确的是

A.两个二极管都持续发光π

B.ab中交变电流的周期为0.1s

C.0.2s时间内，电阻R产生的热量为2J

D.0～0.025s时间内，通过电阻R的电荷量为0.025C

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有

多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8．用如图甲所示的实验装置测定形状不规则小物件的体积，将小物件置于注射器内，插入活塞，在慢

推活塞的过程中，由注射器的刻度读出体积V，由压强传感器测出气体的压强p，描绘出1图线，如

图乙所示，室温保持不变，注射器导热性能和气密性均良好，下列说法正确的是

�−�

甲乙

A.慢推活塞，注射器内的气体内能增大

B.慢推活塞，注射器内的气体向外放热

C.若室温升高，则1图线的斜率将变小

D.若塑料管的容积不可忽略，则小物件的实际体积大于b

�−�

9．某电路如图所示，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P位于a端，电路稳定时电流表示数I1=I0，电压

表示数为U1，此时电动机不转；当滑动变阻器的滑片P位于b端，电路稳

定时电流表示数I2=3I0，电压表示数为U2=4U1，此时电动机正常工作。

已知电源内阻为r，R=r，电动机内阻R=1r，电容器的电容为C，电

12

流表和电压表可视为理想电表，则

A．电源电动势为9I0r

B．滑动变阻器最大阻值为15r

2

C．电动机正常工作时输出功率为9I2r

20

D．滑片P从a缓慢移到b过程中通过R3的电荷量为2CI0r

10．如图所示，用边长为a的六块荧光屏组成的正六边形ABCDEF区域内

存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B。一束比荷（电荷量与质量之

比）为K的带电粒子从A点沿AE方向射入磁场区域。粒子打在荧光屏上会使其感光

且粒子被吸收并导走。粒子速率均匀分布在kBav2kBa范围之内。若不计粒

20

子重力及粒子间相互作用力，则

≤≤

A．若粒子带正电，DE屏（除D点外）会发光

B．若粒子带正电，磁场中有粒子经过的区域的面积为133a2

244

第2页共8页π−

C．若粒子带负电，AF屏上会发光的长度为a

2

D．若粒子带负电，在磁场中运动时间相等的粒子数目占总粒子数的一半

三、非选择题：本题共5小题，共54分。其中13-15小题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要

的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。

11．(6分)某实验小组用激光笔测量平行玻璃砖的折射率。步骤如下：光屏与玻璃砖平行放置，记录屏M

N和玻璃砖abcd的位置；用激光笔以一定角度照射玻璃砖，记录入射点O1和屏上光点S1的位置；移走玻

璃砖，记录屏上光点S2的位置；做相应辅助线，其中S1O2S2O1,O2PMN,OI、O2、Q在一条直线上；

用刻度尺测得：O2P=6.00cm,PQ=4.50cm,S1Q=3.50cm,S2S1=2.80cm。

（1）根据所测数据计算玻璃砖的折射率n=∕∕；⊥

（2）若换用频率更大的激光进行实验，其他条件保持不变，观察到S1与S2的间距（选

填“变大”或“变小”）；

（3）玻璃砖的厚度D=cm。

12.(10分）某实验小组设计了如图甲所示的电路测量电压表V2的内阻及电源电动势。已知电压表V1量程

为3V，内阻RV1=6000,，电压表V2量程也为3V，内阻RV2几千欧（待测），电源电动势约为5V，电源内

阻可忽略。按以下步骤进行操作：

Ω

甲乙丙

（1）①按图甲所示原理图完成电路连接；

②把R1R2均调至最大阻值；

③闭合开关S，调节R1、R2，使V1、V2均有合适示数，分别为U1

、U。调至U、U满足U=2U的关系，此时电阻箱R的阻值为150

2122312

0Ω，则可知电压表的内阻RV2为Ω;

④将R1调至4000Ω并保持不变，调节R2，记录多组对应的U1、U2值，以U1为纵坐标，U2为横坐标描

点作图，在实验误差允许范围内得到一条倾斜直线，直线的纵截距为b，则电源的电动势为

（用已知量和已测得量计算出结果）。该测量结果（填“有”或“没有”）系统误差。

（2）用伏安法测电阻时，使用如图乙所示的电路。该实验的第一步是：闭合电键S1，将电键S2接2，

＇

调节滑动变阻器Rp和RP，使电压表读数尽量接近量程，读出此时电压表和电流表的示数U1、I1；接着让

两滑动变阻器的滑片保持位置不动，将电键S2接1，读出这时电压表和电流表的示数U2、I2．由以上记录

数据计算被测电阻Rx的表达式是Rx=。若用图丙所示的电路按同样方法测量，测量结果

（填“偏大”或“偏小”或“不变”）

13．（10分）如图所示，A、B两小球在竖直方向的高度差为L1，此时无初速度同时释放，

二者落地时间间隔为t1，求：

（1）释放时A球离地面的高度H；

Δ

（2）若在释放B的瞬间同时给A球一个竖直向下的初速度v0，求从该时刻开始到两球

竖直方向高度差为L2所经历的时间t2（已知L2<L1，且两球均未落地）。

Δ▲

14．（12分）如图甲所示，轻质导体大环与小环用三根阻值为R、长度为L的轻质导体辐条连接在一起，

内部小环的半径忽略不计，辐条中点处各镶嵌一个质量为m、电阻不计的金属小球。如图乙所示足够长

的平行导轨水平固定，间距为L，左侧有一个竖直金属转动轴，将装置甲套在竖直的转动轴上，装置甲

第3页共8页

可在水平面内转动，用导线和电刷将两部分连成回路，将长度略大于L、质量为m、阻值也为R的导体棒M

N垂直导轨放置并保持良好的接触，两个区域的匀强磁场的磁感应强度大小均为B。不计一切摩擦阻力及

其他一切电阻，初始时均静止，求：

（1）仅给导体棒MN水平向右的初速度v0，导体棒开始运动时棒的电流大小I；

（2）若导体棒固定，给装置甲一个初始角速度0，装置甲转动的最大角度；

（3）若装置甲不固定，仅给导体棒MN水平向右的初速

ωθ

度v0，达到稳定的过程中导体棒中产生的焦耳热Q。

▲

15．（16分）如图甲所示，在绝缘水平地面上有一带正电的小物块A和不带电的匀质绝缘薄板B，B右端

与一水平轻弹簧栓接，弹簧右端固定，空间存在水平向右的匀强电场。开始时弹簧处于原长，B静止且

右端位于O点，O点左侧地面粗糙、右侧地面光滑。已知电场强度大小为1105N/C，A的质量为2Kg、电

荷量为3104C，B的质量为6Kg、长度为2m，A、B与O点左侧地面间的动摩擦因数均为0.5，弹簧劲度

系数为15N/m。−初始时A与B左端的距离为20m。将A由静止释放，A与B发生弹×性碰撞后立即撤去电场，碰

撞时间可×忽略不计，弹簧始终处于弹性限度内，A可视为质点且运动过程中电荷量保持不变，取重力加

速度大小g=10m/s2，求：

（1）A、B碰撞前瞬间A的速度大小；

（2）A、B碰后0.2s时A与B左端的距离；

（3）从碰后B刚好完全进入光滑地面区域开始计时，B运动的vt图像如图乙所示，图线在t2、t4时

刻的斜率均为零，求从t2到t4的时间内B与地面之间摩擦产生的热量。

−

▲

没题啦！！！

习题到此落幕，青春即将绽放

2026届全体物理老师衷心祝愿

每一位同学放平心态，从容应战，高考大捷！

高三考前练物理参考答案

1、【答案】C

A．玻尔的原子能级模型仅适用于氢原子等单电子系统，无法描述大多数多电子原子的结构，故A错误。

B．黑体的定义是可以完全吸收入射的各种波长电磁波而不发生反射的物体，黑体本身会向外发出热辐

射，并非不发出辐射，故B错误。

C．德布罗意的“物质波”假设认为所有运动的粒子都具有波动性，电子的衍射实验验证了电子的波动

性。

D．爱因斯坦光电效应理论指出，光电流强度与入射光的强度成正比，入射光频率仅影响光电子的最大

初动能，与光电流强度无关，故D错误。

2、【答案】B

第4页共8页

A．根据受迫振动原理可知，若外界声波的频率由300Hz变为200Hz，则该装置振动的频率应为周期

性驱动力的频率，即200Hz，故A错误；

BC．由题意可知，该减噪装置的固有频率为300Hz，当外界声波的频率由300Hz变为200Hz时，为获

k

得更好的减噪效果，可以使减噪装置的固有频率减小。根据固有频率公式f0可知，适当增大L，

L

或适当增大，都可以减小固有频率，从而获得更好的减噪效果，故B正确，C错误；

D．若外界声波频率由300Hz变为200Hz时，随着外界声波频率的减小，驱动力的频率远离减噪装置的

固有频率，则减噪效果越差，故D错误。

3、【答案】B

竖直上抛运动是匀变速直线运动，则小球的位移随时间变化的关系式是=12,图像是开口

02

向下的抛物线，故A错误；小球的速度随时间变化的关系式是=，则v-t图像的纵截距==

0���−���−�0

10/，斜率==10/2，故B正确；小球做竖直上抛运动的加速度为g，始终不变，则a-t图

12��1−���1�

像是一条水平直线，故C错误；由=0，变形可得=0，则图像的斜率==

���−�−��222

5/2，故D错误。故选B。��

���−����−���−��−�−

4、【答案】D

空�间�站做匀速圆周运动，在t时间内通过的弧长为L，与地心的连线扫过的面积为S，设空间站运动的线

速度大小为v，轨道半径为R，则有=,1=,解得线速度大小=，轨道半径=2，根据v=ωR，

2

2��

可得空间站运动的角速度=，根据=2,，可得空间站运动的周期=4,A、B、、C错误；根据

2��������2��

2��3���

牛顿第二定律，有=，解得空间站运动的向心加速度大小a=,正确。

�����22��

5、【答案】D��

𝑚�����

对小球进行受力分析，小球受到重力mg、水平外力F（Fmg）和半圆形槽

的支持力N，三力平衡。设支持力与竖直方向夹角为，作出矢量三角形如图

所示

由图可知，外力大小不变，逆时针缓慢转动90°过程中，半圆形槽对小球的支

持力N与竖直方向的夹角先增大后减小（N与F垂直时夹角最大），根据几何

关系可知小球高度先升高后降低。

故选D。

6、【答案】C

12

设质点进入轨道时的速度记为v0，mgHmv进入轨道到任意高度h处，由机械能守恒定律得

20

112

mv2=mgh+mv2，在h处，沿径向的合外力提供质点做圆周运动向心力有=所以=

202

2323�

0+3，图像斜率为=20N/m，截距0=2N,又2=2gH，解得=。

020�−��𝑔𝑐���

7、�【答案��】C���

���������

由题目条件=22cos20(/)'可知，ab做简谐运动的周期=2=

20

0.0.1s,,ab两端的电势差随时间变化的关系如图所示。ab切割磁感�线产

��������

生交变电流，副线圈的交变电流的方向随时间周期性变化，则两个理想

发光二极管交替闪烁，故A错误；由图像可知，ab中交变电流的周

期为0.05s，故B错误；原线圈两端的电压最大值1==22，由

𝑚�−�

有效值计算公式可得变压器原线圈两端的电压=1=2，由理想变压

1��2𝐵���

��2

122

器的工作原理可得副线圈两端的电压2=�=10V，则0.�2s时间内，电阻R产生的热量==2,故C

1

����

正确；副线圈两端的电压最大值=2=102,类比线圈在匀强磁场中转动产生正弦式交变电流

2�2����

22

的过程，=，由速度的表�达式可知ω=20π(rad/s)，则===C，故D错误。故选C。

220

����

8、【答案】BD����

��������𝐿�

由题目条件“慢推活塞”“室温保持不变”和“注射器导热性能和气密性均良好”可知，注射器内的

第5页共8页

气体温度不变，则气体内能不变，故A错误；慢推活塞，外界对气体做功，W大于0，由A选项可知，ΔU

=0，根据热力学第一定律

ΔU=W+Q可知，Q小于0，即气体向外放热，故B正确；设小物件的体积为，塑料管中的气体体积为管，

则注射器内密封的气体体积为=+,根据理想气体的状态方程有(+)=，整

气管��管�

111

理得图像的表达式为=+(�)，可知图像的斜率为CT，则温度升�高，斜率变大，

��−�管���−����

1

�

故C错�误−；�图像的纵截�距��=��管−，�若管不可�忽−略�，则小物件的实际体积大于b，故D正确。

故选BD。

�−����−����

9、【答案】AC

【详解】A．滑片P在a端时，电动机不转，为纯电阻，电压表测R1和电动机的总电压。已知R1r，电

113

动机内阻RMr，电流I1I0，因此电压表示数U1I1(R1RM)I0rrI0r

222

滑片P在b端时，滑动变阻器接入阻值为0，电动机正常转动，已知U24U1，因此

3

U4U4Ir6Ir

21200

根据闭合电路欧姆定律，此时，代入，，得

EU2I2rU26I0rI23I0E6I0r3I0r9I0r

因此电源电动势E9I0r，故A正确；

3

B．滑片P在a端时，根据闭合电路欧姆定律EUI(Rr)，代入E9Ir、UIr，得

1020120

31315

9IrIrI(Rr)，解得Rrr，故B错误；

02002222

C．电动机正常工作时，R1的电压UR1I2R13I0r3I0r

因此电动机两端电压UMU2UR16I0r3I0r3I0r电动机输出功率为输入功率减去内阻热功率，有

22r92

P出UIIR3Ir3I(3I)Ir，故C正确；

M22M000220

D．稳定时电容支路无电流，电容电压等于电动机两端的电压，则P在a端，有

31

UUIRIrIrIr，P在b端，有UUIR6Ir3Ir3Ir

C11120020C2221000

15

电荷量变化ΔQCUUC(3IrIr)CIr，故D错误。故选AC。

2102020

10、【答案】BC

【详解】A．若粒子带正电，粒子在磁场中做圆周运动，由左手定则可以判

断，粒子向右偏转，洛伦兹力提供向心力，由牛顿定律可知

2

=

而粒子速率的分布为2，代�入可得粒子的半径<<2

20����2

由几何关系可知粒子轨�𝑚迹如图��

≤�≤�𝑚��

由图可知速度最大时，从D点射出，DE屏（除D点外）不会发光，故A错

误；

B．由图可知，粒子经过的区域的面积为=1332，故B正确；

244

C．若粒子带负电荷，粒子将向左偏，最小速度轨迹如图中O在六边形中部

��−�3

分

由几何关系可知，AF屏上会发光的长度为，故C正确；

2

D．由几何关系，在磁场中运动时间相等的粒�子为半径在<<范围内，其

2

�

数目占总数目的1，故D错误。

3��

第6页共8页

4

11、(1)4.8(2)变大

3

1

sin4124

（1）[1]根据折射定律有==��=

sin3��3

�2

��

[2]入射光线和出射光线平�行，频�率增��加，折射率增大，光线偏折

更明显，可知S1S2变大。

[3]根据几何关系有

πDD

S1S2sin4sin43sin4cos3sin3cos4

2cos3cos3

解得D4.8cm

12、【答案】(1)30005没有(2)12

312

��

U2��

偏大（1）[1]根据并联电路规律可�知U1U2R2，由题−意可知

RV2

2

UU，R1500，解得R3000

2312V2

UUERV1R1RV1

[2]根据闭合电路欧姆定律可得EU12R，整理得UU

1112

RV1RV2RV1R1RV2RV1R1

3E43E5

即UU，UU图像纵轴截距为b电源电动势为Eb

15521253

[3]按图甲所示电路进行实验，消除了电压表分流对实验的影响，电压与电流的测量值等于真实值，该

实验没有系统误差。

UU

12

（2）[1]根据实验步骤，由欧姆定律得U1I1RARpRxU2I2RARp，解得Rx

I1I2

[2]若采用图丙，实际测得为RARx，测量值偏大

1

13、【详解】（1）对A球，根据自由落体运动规律可得Hgt2

21

1Lt

12112

对B球，有HL1g(t1t1)解得Hg()

22gt12

（2）取B球为参考系，向下为正方向，则对A球，有aABgg0

v0ABv0

sABL1L2或sABL1L2

sABL1L2sABL1L2

即A相对于B做匀速直线运动，所以t2或t2

v0ABv0v0ABv0

14、【详解】（1）金属棒切割磁感线产生动生电动势为EBLv0

==30

由闭合电路的欧姆定律得+4

�3𝜎�

�132

（2）由电磁感应定律可知��2�由闭合电路的欧姆定律得==

EBL+8

2�3𝜎�

223�

�

由动量定律得3=30=��=

32802802

��𝜎�����

可得导体环转动的最大角度=40

∑��Δ���22∑���Δ����∑Δ���

���

（3）系统稳定运动时，BLvBLv

�1��2

由动量定理可知对于导体棒MN有：=01对于装置甲有=32

12

可得由能量守恒定律可得121132

v1v2v0