2027届江苏省丹阳中学高二物理第一学期期中达标测试试题含解析

2027届江苏省丹阳中学高二物理第一学期期中达标测试试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在下列物理量中，属于矢量的是（）A．电势 B．电场强度 C．电势差 D．电容2、1831年，法拉第在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机（如图甲所示）．它是利用电磁感应原理制成的，是人类历史上第一台发电机．如图乙是这个圆盘发电机的示意图：铜盘安装在水平的铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘良好接触．使铜盘转动，电阻R中就有电流通过．若所加磁场为匀强磁场，回路的总电阻恒定，从左往右看，铜盘沿顺时针方向匀速转动，平面与铜盘平面垂直，下列说法中正确的是A．铜片C的电势高于铜片D的电势B．若铜盘转速增大为原来的2倍，则R的电功率也将增大为原来的2倍C．若铜盘半径减小为原来的一半，则感应电动势也变为原来的一半D．若所加的匀强磁场垂直穿过整个圆盘，铜盘匀速转动时电阻R上仍将有电流通过3、人类探索宇宙的脚步从未停止，登上火星、探寻火星的奥秘是人类的梦想，中国计划于2020年登陆火星。地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响。根据下表，火星和地球相比行星半径/m质量/kg轨道半径/m地球6.4×1066.0×10241.5×1011火星3.4×1066.4×10232.3×1011A．火星的第一宇宙速度较大B．火星做圆周运动的加速度较大C．火星表面的重力加速度较大D．火星的公转周期较大4、如图所示，在一个绕有线圈的可拆变压器铁芯上分别放一小铁锅水和一玻璃杯水．给线圈通入电流，一段时间后，一个容器中水温升高，则通入的电流与水温升高的是()A．恒定直流、小铁锅B．恒定直流、玻璃杯C．变化的电流、小铁锅D．变化的电流、玻璃杯5、两个分别带有电荷量和+的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为的两处，它们间库仑力的大小为．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为A． B． C． D．6、如图a所示，虚线上方空间有垂直线框平面的匀强磁场，直角扇形导线框绕垂直于线框平面的轴O以角速度ω匀速转动．设线框中感应电流方向以逆时针为正，那么在图b中能正确描述线框从图a中所示位置开始转动一周的过程中，线框内感应电流随时间变化情况的是()A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是测电源电动势和内电阻时依据测量数据作出的路端电压与电流的关系图线，图中DC平行于横坐标轴，DE平行于纵坐标轴，由图可知（）A．比值表示外电路电阻 B．比值表示电源内电阻C．比值表示电源电动势 D．矩形OCDE的面积表示电源的输出功率8、如图所示,一个带负电的小金属环套在粗糙绝缘细杆AB上,杆与水平面的夹角为θ,杆的下方O点处固定一个带正电的点电荷,OA=OB．现使小环以初速度v0从A点沿杆上滑,到达B点时其速度恰好为零,小环滑回A点时速度为v。下列说法中正确的是A．小环上滑过程中先做匀加速再做匀减速运动B．小环上滑时间小于下滑时间C．小环下滑过程,减少的重力势能等于摩擦产生的内能D．从A点出发到再回到A点的过程,小环克服摩擦力做的功等于小环损失的动能9、传感器是把非电物理量（如高度、温度、压力等）的变化转换成电学量（如电压、电流、电容等）变化的一种元件，它在自动控制中有着广泛的应用．如图是一种测定液面高度的电容式传感器的示意图．金属棒与导电液体构成一个电容器，将金属棒和导电液体分别与直流电源的两极相连接，从电容C和导电液与金属棒间的电压U的变化就能反映液面的升降情况，即（）A．电源接通，若此后电容C减小，反映h减小．B．电源接通，若此后电容C减小，反映h增大．C．电源接通再断开，若此后电压U减小，反映h减小．D．电源接通再断开，若此后电压U减小，反映h增大．10、下面的说法种是：（）A．体积很小的电荷一定可以看成点电荷；B．体积很小的电荷有时也不能看成点电荷；C．体积很大的电荷一定不能看成点电荷；D．体积很大的电荷有时也能看成点电荷三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中（1）备有如下器材：A．干电池1节B．滑动变阻器（0～20Ω）C．滑动变阻器（0～1kΩ）D．电压表（0～3V）E．电流表（0～0.6A）F．电流表（0～3A）G．开关、导线若干其中滑动变阻器应选_____，电流表应选_____．（只填器材前的序号）（2）为了最大限度的减小误差，请在如图所示的虚线框中画出该实验最合理的电路图____．（3）某同学根据实验数据画出的U﹣I图象如图所示，由图象可得电池的内电阻为_____Ω．12．（12分）请完成游标卡尺和螺旋测微的读数：(1)游标卡尺读数为__________；(2)左图为校零时的状态，右图为测量时的状态，则螺旋测微器的读数为________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图1所示，电路中R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，M为玩具电动机，电动机线圈电阻r1=0.5Ω，A、V1、V2均理想电表。闭合开关S1、断开开关S2，在将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端的过程中，两个电压表的示数随电流表示数变化的完整图线如图2所示。(1)求电源的电动势E和内阻r；(2)求滑动变阻器R2的最大功率Pm；(3)若滑动变阻器的滑动触头P滑到最左端后，再闭合开关S2，此时电流表的示数I=1.0A，求此状态下电动机的输出功率P14．（16分）如图，在x轴上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外；在x轴下方存在匀强电场，电场方向与xOy平面平行，且与x轴成37°夹角．一质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子以某一初速度v0从y轴上的P点沿y轴正方向射出，一段时间后进入电场，进入电场时的速度方向与电场方向相反；经过一段时间至y轴坐标为-6L处速度恰好减为零．不计重力．（1）求粒子从P点出发至第一次到达x轴时所需的时间；（2）粒子初速度v0多大？（3）电场强度E多大？（4）粒子第三次到达x轴时距离坐标原点多远？15．（12分）某小组在研究电动机的特性时，将电动机接成如图所示电路．电源电动势E=20V，内阻r=lΩ，当接入固定电阻R=4Ω时，电路中标有“3V、6W”的灯泡L和内阻RD=0.5Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作．试求：（1）电路中的电流大小；（2）电动机的额定电压和输出功率；（3）电源的总功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

ACD．电势、电势差、电容只有大小没有方向，是标量，ACD错误；B．电场强度既有大小也有方向，运算时遵循平行四边形定则，是矢量，B正确。故选B。2、D【解析】

A.根据右手定则可知，电流从D点流出，流向C点，因此铜片D的电势高于铜片C的电势，故A错误；B.因感应电动势，，整理转速增大为原来的2倍，，则角速度增大为原来的2倍，电流变为原来的2倍，，则R的电功率也将增大为原来的4倍，故B错误．C.因感应电动势，，整理（L=r）若铜盘半径减小为原来的一半，则感应电动势也变为原来的，故C错误．D.可将圆盘看成若干个沿着半径方向的幅条组成，因此在任何时刻都有幅条切割磁感线，产生感应电动势，电阻R上仍将有电流通过，故D正确．3、D【解析】

A.根据得，第一宇宙速度火星质量和半径的比值较小，则火星的第一宇宙速度较小，故A错误。BD.火星和地球均绕太阳做圆周运动，根据得：火星的轨道半径较大，则加速度较小，周期较大，故D正确，B错误。C.根据，得：由于火星质量和半径的二次方比值较小，则火星表面的重力加速度较小，故C错误。4、C【解析】容器中水温升高，是电能转化成内能所致．因此只有变化的电流才能导致磁通量变化，且只有小铁锅处于变化的磁通量时，才能产生感应电动势，从而产生感应电流．导致电流发热．玻璃杯是绝缘体，不能产生感应电流．故C正确，ABD错误．5、C【解析】

本题考查库仑定律及带电体电量的转移问题．接触前两个点电荷之间的库仑力大小为，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的，库仑力为，所以两球间库仑力的大小为，C项正确．6、A【解析】

当线框以O为转轴进入磁场时，磁通量发生变化有感应电流产生，根据有效切割长度判断出电流大小变化，根据楞次定律或右手定制判断出感应电流方向，即可正确解答；【详解】从如图所示位置逆时针旋转的过程中没有进入磁场，故没有感应电流；再逆时针旋转即当线框进入磁场后，切割的有效长度为半圆的半径不变，即电动势及电流大小不变，由右手定则可知，电流为逆时针，故为正值；

在磁场内部再旋转即当线框全部进入磁场，磁通量不变，无感应电流；

当线框出磁场后，切割的有效长度为半圆的半径不变，即电动势及电流大小不变，由右手定则可知，电流为顺时针，故为负值；

当线框全部出磁场，磁通量没有，则无感应电流，故选项A正确，BCD错误．在求导体切割磁感线类型的感应电流时，一定要会正确求解有效切割长度，同时掌握右手定则进行感应电流方向的确定．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

A.由图象可以知道,D点对应的路端电压大小可以用DE表示,电路电流可以用OE表示,外电路电阻,所以A选项正确;B.电源的路端电压与电流的图像中，斜率的大小等于电源内阻,所以电源内阻,B选项正确;C.电源的路端电压与电流的图像中，纵轴截距表示电源电动势，所以电动势E=OA，C选项错误;D.由图象可以知道,D点对应的路端电压大小可以用DE表示,电路电流可以用OE表示,电源的输出功率,所以D选项正确．记住电源的路端电压与电流的图像中，纵轴截距表示电源电动势，横轴截距表示短路电流，斜率大小表示电源内阻．8、BD【解析】

由题中“一个带负电的小金属环套在粗糙绝缘细杆AB上”可知，本题考查库仑定律、能量守恒定律，根据电场力做功情况、能量守恒和动能定理可分析本题。【详解】A．小环上滑过程中所受的库仑力是变化的，合力是变化的，由牛顿第二定律知小环的加速度是变化的，不可能做匀变速运动，故A错误；B．由于OA=OB，A、B两点的电势相等，对于上滑过程，电场力做功为零，由动能定理得即下滑过程有由此可得所以上滑过程的平均速度大于下滑过程的平均速度，因此小环上滑时间小于下滑时间，故B正确；C．小环下滑过程中，电场力做功为零，所以电势能变化量为零，则重力势能转化为内能和动能，所以消化下滑过程中，减少的重力势能大于摩擦产生的内能，故C错误；D．从A点出发再回到A点的过程中，重力和电场力做功均为零，由动能定理可知，小环克服摩擦力做功等于小环损失的动能，故D正确。9、AD【解析】

由图，金属棒与导电液体构成一个电容器，电源接通时，电容器的电压一定，电容C减小时，由电容的决定式分析电容减小时，h的变化，电源接通再断开，电容器的电量不变，电压减小，再由电容的定义式分析电容的变化，由电容的决定式分析h的变化；【详解】A、电源接通时，电容器的电压一定，若电容C减小时，金属棒与导电液的正对面积减小，所以h减小，故A正确，B错误；

C、电源接通再断开，电容器的电量不变，电压减小，由公式分析可知，C增大，金属棒与导电液的正对面积增大，所以h增大，故C错误，D正确。本题是电容器动态变化分析问题，根据电容的定义公式和电容的决定因素进行综合分析。10、BD【解析】电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以体积很大的带电体也有可能看成是点电荷，体积小的带电体有时不能看做点电荷，故BD正确，AC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BE1【解析】

（1）[1][2]电源内阻一般几欧姆，为了方便调节，滑动变阻器选择最大阻值较小的B；因为电压较低，电路中的电流不会太大，电流表选择量程小的E；（2）[3]电源内阻较小，故采用电流表外接法，电路图如图所示；（3）[4]由闭合电路欧姆定律E=U+Ir，变形得U=-Ir+E，所以U-I图中与纵轴的截距为电源电动势，斜率大小表示电源的内阻．故电池的电动势为1.5V；其内阻r==1Ω12、(在都算正确)【解析】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为12×0.05mm=0.60mm，所以最终读数为1020mm+0.60mm=10.60mm(2)[2]校零时螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为0.8×0.01mm=0.008mm，所以最终读数为0mm+0.008mm=0.008mm，测量时螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为14.4×0.01mm=0.144mm，所以最终读数为0.5mm+0.144mm=0.644mm，螺旋测微器的读数为0.644mm－0.008mm=0.636mm，由于读数误差(在都算正确)四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）E=6V，r=2Ω（2）0.9W（3）1.875W【解析】

由题图2可知，图线B的延长线与纵轴的交点值表示电动势，由图线A可知R1的电阻，电压表V2的示数变化ΔU2等效于电源内阻r和定值电阻R1分得的电压变化，根据斜率求出内阻r；将Rl看成电源的内阻，当等效电源的内外电阻相等时，滑动变阻器R2的功率最大，根据闭