2027届河南省安阳市第三十五中学等几校高二上物理期中教学质量检测模拟试题含解析

2027届河南省安阳市第三十五中学等几校高二上物理期中教学质量检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一只电熨斗，内部电路如图1所示，其中M是测温旋钮的内部接线端子．旋钮上分别标有“高”、“中”、“低”、“关”四挡，每挡对应图2中的一种接线端子的接线方法．下列判断正确的是()A．②为“高”挡 B．③为“中”挡C．①为“低”挡 D．④为“关”挡2、电动玩具汽车的直流电动机电阻一定，当加上0.3V电压时，通过的电流为0.3A，此时电动机没有转动.当加上3V电压时，电流为1A，这时电动机正常工作．则()A．电动机的电阻是3B．电动机正常工作时的发热功率是3WC．电动机正常工作时消耗的电功率是4WD．电动机正常工作时机械功率是2W3、下列关于磁电式电流表的说法中错误的是（）A．磁电式电流表内部的蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀辐向分布的；B．磁电式电流表的指针偏转角度的大小与被测电流的大小成正比；C．磁电式电流表的优点是灵敏度高，缺点是允许通过的电流很弱；D．磁电式电流表只能测定电流的强弱，不能测定电流的方向．4、图是某交流发电机产生的感应电动势与时间的关系图象．如果其他条件不变，仅使线圈的转速变为原来的二倍，则交流电动势的最大值和周期分别变为()A．400V,0.02sB．200V,0.02sC．400V,0.08sD．200V,0.08s5、关于点电荷的说法，正确的是()A．只有体积很小的带电体才能看作点电荷B．体积很大的带电体不能看作点电荷C．当带电体电荷量很小时，可看作点电荷D．当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷6、如图所示，将平板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态。若将两板慢慢的左右错开一些，其它条件不变，则（）A．电容器带电量不变B．尘埃将向下运动C．电流间中有→的电流D．电流计中有→的电流二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度关系的图象如图所示。下列表述正确的是（）A．b的原长比a的长 B．a的劲度系数比b的小C．a的劲度系数比b的大 D．测得的弹力与弹簧的长度成正比8、全自动洗衣机中的排水阀是由程序控制器控制其动作的，当进行排水和脱水工序是，控制铁芯1的线圈通电，使铁芯2动作，从而牵引排水阀的阀门，排出污水（如图所示）．以下说法正确的是A．若a、b处输入交变电流，铁芯2不能被吸入线圈中B．若a、b处输入交变电流，铁芯2仍能被吸入线圈中C．若输入的控制电流由a流入，由b流出，则铁芯2中A端为N极，B端为S极D．若输入的控制电流由a流入，由b流出，则铁芯2中A端为S极，B端为N极9、下列关于电源电动势概念的认识中，正确的是（）A．电源电动势是描述电源把其他形式的能转化成电能本领大小的物理量B．电源把越多其他形式的能转化为电能，电动势就越大C．电动势和电压单位相同，所以物理意义也相同D．在闭合电路中，电源电动势等于路端电压与电源内部电势降落之和10、如图所示，初速度不计的电子从电子枪中射出，在加速电场中加速，从正对P板的小孔射出，设加速电压为U1，又垂直偏转电场方向射入板间并射出，设偏转电压为U2。则：（）A．U1变大，则电子进入偏转电场的速度变大B．U1变大，则电子在偏转电场中运动的时间变短C．U2变大，则电子在偏转电场中运动的加速度变小D．若要电子离开偏转电场时偏移量变小，仅使U1变大，其它条件不变即可三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学要测量一个由新材料制成的均匀圆柱形导体的电阻率，进行了如下操作：（1）利用螺旋测微器测圆柱体直径d如图1所示，则d＝______mm；用20分度的游标卡尺测量其长度L如图2所示，则为L=______mm；若已知此导体的电阻为R，则此新材料的电阻率表达式为_____（用R、d、L表示）（2）用多用电表粗测该电阻步骤：①机械调零后，将选择开关旋至电阻挡“×100”位置；②将红、黑表笔短接欧姆调零；③把红、黑表笔分别与材料的两端相接，发现指针偏转角度太大。为了较准确地进行测量，应将选择开关置于_______（填×10或×1k）的倍率，并重新进行_________，再进行测量，多用表示数如图所示，则其阻值为______Ω。12．（12分）在“用多用表测电阻、电流和电压”的实验中（1）用多用表测电流或电阻的过程中（____）A．在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零B．在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零C．在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测D．在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测（2）测量时多用表指针指在如图所示位置。若选择开关处于“10V”挡，其读数为________V；若选择开关处于“×10”挡，其读数为________200Ω（选填“大于”“等于”或“小于”）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，匀强电场的场强E=1.2×102N/C，方向水平向右，一点电荷q=4×10-8C沿半径为R=20cm的圆周，从A点移动到B点，已知∠AOB=90°，求：（1）这一过程中电场力做多少功?是正功还是负功?（2）A、B两点间的电势差UAB为多大?14．（16分）如图所示，质量为m的带正电小球从静止开始贴着竖直的绝缘墙壁竖直下滑。磁感应强度为B的匀强磁场方向水平垂直纸面向外，并与小球运动方向垂直。若小球电荷量为，球与墙壁间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g求：（1）小球下滑过程中的最大加速度；（2）小球下滑的最大速度．15．（12分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点。已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e。求P点到O点的距离。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

电源的电压保持不变，根据接线端子的接线方法，分析电路中电阻的大小，确定功率大小，判断旋钮的挡位高低。【详解】A项：接线端子接②时，两电阻R串联，电路中总电阻最大，而电源的电压不变，发热功率最小，则旋钮为“低”挡。故A错误；B项：接线端子接③时，左侧的电阻R工作，电路介于最大与最小之间，发热功率居中，则旋钮为“中”挡，故B正确；C项：接线端子接①时，电路断开，则旋钮为“关”挡，故C错误；D项：接线端子接④时，两电阻R并联，电路中总电阻最小，而电源的电压不变，发热功率最大，则旋钮为“高”挡。故D错误。故选：B。本题考查对电路连接方式的理解．两个电阻连接时电路中电阻有四种可能值：R、2R、R/2、。2、D【解析】

A．当加上0.3V电压时电动机不转动，利用欧姆定律得选项A错误；BC．当加上3V电压时，消耗的电能一部分发热，一部分转化为了机械能．消耗的电功率为发热功率BC错误；D．根据能量关系，产生的机械功率为D正确．故选D。3、D【解析】

A：磁电式电流表内部的蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀辐向分布的，故A项正确．B：磁电式电流表内部的蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀辐向分布的，因此不管铜电线圈转到什么角度，它的平面都与磁感线平行．因此，磁力矩与线圈中电流成正比．当铜电线圈转动时，螺旋弹簧将被扭动，产生一个阻碍线圈转动的阻力矩，其大小与线圈偏转角度成正比，当磁力矩与螺旋弹簧中的阻力矩相等时，线圈停止转动，此时指针偏转角度的大小与被测电流的大小成正比．故B项正确．C：磁电式电流表的优点是灵敏度高，缺点是允许通过的电流很弱．故C项正确．D：磁电式电流表的工作原理是安培力对通电线框的转动作用，根据指针转动大小与方向可确定电流的大小与方向．故D项错误．本题选错误的，答案是D．在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的原理；对不同测量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握．4、B【解析】试题分析：由图读出原来交流电动势的最大值，周期，根据感应电动势最大值的表达式得知，与成正比，则线圈的转速变为原来的两倍，感应电动势最大值变为原来的两倍，为．由公式分析可知，线圈的转速变为原来的两倍，周期为原来的一半，即．故选B考点：考查交流电动势的最大值和周期与转速的关系．点评：由图读出原来交流电动势的最大值和周期．原来根据感应电动势最大值的表达式分析感应电动势最大值的变化．由公式分析周期的变化．5、D【解析】试题分析：任何带电体都有形状和大小，其上的电荷也不会集中在一点上，当带电体间的距离比他们自身的大小大的多，以至带电体的形状、大小及电荷分布状况对他们之间的作用力的影响可以忽略时，这样的带电体就可以看做带电的点，叫做点电荷，他是一种理想化的模型，D对．考点：点电荷．【名师点睛】对点电荷的理解：1.点电荷是理想化的物理模型：点电荷只有电荷量，没有大小、形状，类似于力学中的质点，实际并不存在.2.一个带电体能否看做点电荷，是相对于具体问题而言的，不能单凭其大小和形状决定．6、C【解析】

ACD．电容器始终与电源相连，则两端的电势差不变，将两板缓慢地错开一些，正对面积减小，根据，知电容减小，根据Q=CU知，电荷量减小，检流计中有a→b的电流。故C符合题意，AD不符合题意。B．因为两极板间的电势差不变，d不变，则电场强度不变，所以尘埃的电场力不变，尘埃仍然保持静止。故B不符合题意。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A．由图可知，当时，有，故有b的原长比a长，故A正确；BC．在图像中，直线的斜率大小等于弹簧的劲度系数，斜率越大，则弹簧的劲度系数越大，由图可知a的斜率要大于b的斜率，则有a的劲度系数要大于b的劲度系数，故B错误，C正确；D．由胡克定律可知，有一定限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，而不是与弹簧的长度成正比，故D错误。故选AC。8、BD【解析】

AB．若a、b处输入的是交变电流，则铁芯仍能被磁化，且磁化后的磁性总是与线圈要发生相吸的作用，则铁芯2仍能被吸入线圈，故A错误，B正确。CD．若输入的控制电流由a

流入，由b流出，则根据右手螺旋定则可知，铁芯1下端是S极，上端是N极。那么铁芯2中A端为S极，B端为N极，故C错误，D正确；故选BD。9、AD【解析】试题分析：电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，电源的电动势大，该电源把其他能转化成电能的本领大，故A正确；根据W=qU，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势不一定大，还跟移动电荷的多少有关．故B错误；电动势定义式，电压定义式，故其物理意义不同，C错误；根据闭合电路欧姆定律，在闭合电路中，电源电动势等于路端电压与电源内部电势降落之和，D正确．故选AD．考点：电动势【名师点睛】知道电源的概念、物理意义、定义式即可正确解题，本题要注意电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，根据W=qU可知，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势不一定大，还跟移动电荷的多少有关．10、ABD【解析】A项：由可知，电子受力变大，加速度变大，其他条件不变时，当U1变大，则电子进入偏转电场的速度变大，故A正确；B项：由可知，电子受力变大，加速度变大，其他条件不变时，当U1变大，则电子进入偏转电场的水平速度变大，运动时间变短，故B正确；C项：由可知，U2变大，电子受力变大，加速度变大，电子在偏转电场中运动的加速度变大，故C错误；D项：由可知，若要电子离开偏转电场时偏移量变小，仅使U1变大，其它条件不变即可，故D正确。点晴：本题考查了带电粒子在电场中的运动，可以根据动能定理和牛顿第二定律、运动学公式结合推导出。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.70511.50欧姆调零80【解析】

（1）[1]．利用螺旋测微器测圆柱体直径d＝1.5mm+0.01mm×20.5=1.705mm；[2]．用20分度的游标卡尺测量其长度L=1.1cm+0.05mm×10=11.50mm；[3]．若已知此导体的电阻为R，则根据解得此新材料的电阻率表达式为。（2）③[4][5][6]．把红、黑表笔分别与材料的两端相接，发现指针偏转角度太大，说明倍率挡选择过高，为了较准确地进行测量，应将选择开关置于×10的倍率，并重新进行欧姆调零，再进行测量，多用表示数如图所示，则其阻值为8×10Ω=80Ω。12、AD5.4小于【解析】

（1）[1]．A、在测量电阻时，更换倍率后，欧姆表的内部电阻发生了变化，欧姆档的零刻度在最右边，也就是电流满偏，所以必须重新进行调零，故A正确。B、在测量电流时，根据电流表的原理，电流的零刻度在左边，更换量程后不需要调零。故B错误；C、在测量未知电阻时，若先选择倍率最大挡进行试测，当被测电阻较小时，电流有可能过大，所以应从倍率较小的挡进行测试，若指针偏角过小，在换用倍率较大的挡，故C错误。D、在测量未知电流时，为了电流表的安全，必须先选择电流最大量程进行试测，若指针偏角过小，在换用较小的量程进行测量，故D正确。（2）[2][3]．选择开关处于“10V”挡，最小分度值为0.2V，所以此时的读数为5.4V。

因多用电表的欧姆档的刻度分布不是均匀的，越向左，刻度越密集，所以10至30的中间数值一定小于20，若选择开关处于“×10”挡，由图可知其读数小于200Ω.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)负功9.6×10－7J(2)－24V【解析】试题分析：正点电荷从A到B，根据W=qER可求出电场力在此过程中作功，根据，求出两点间的电势差．（1）点电荷从A点沿圆弧AB到达B点过程中电场力做功为：

W=-qER=-4×10-8×1.2×102×0.2J=-9.6×10-7J