2027届北京市首都师大附中物理高二第一学期期中联考模拟试题含解析

2027届北京市首都师大附中物理高二第一学期期中联考模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于磁场对通电直导线作用力的大小，下列说法中正确的是A．通电直导线跟磁场方向平行时作用力最小，但不为零B．通电直导线跟磁场方向垂直时作用力最大C．作用力的大小跟导线与磁场方向的夹角大小无关D．通电直导线跟磁场方向不垂直时肯定无作用力2、关于静电场,下列结论普遍成立的是()A．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的电场强度有关B．电场强度大的地方电势高,电场强度小的地方电势低C．将正点电荷从电场强度为零的一点移动到电场强度为零的另一点,静电力做功为零D．在正电荷或负电荷产生的静电场中,电场强度方向都指向电势降低最快的方向3、如图所示，电流表G的内阻不可忽略不计，R1、R2是两个可变电阻，当a、b间的电压为4V时，电流表的指针刚好满偏(指针指在刻度盘的最大值处)，当a、b间的电压为3V时，如果仍要使电流表G的指针满偏，下列方法中可行的是①保持R2不变，增大R1②增大R1，减小R2③保持R2不变，减小R1④增大R2，减小R1A．①④ B．②③ C．①② D．③④4、如图所示是蹦床运动员在空中表演的情景，在运动员从最低点开始反弹至即将与蹦床分离的过程中，下列说法中正确的是A．蹦床对人的弹力增大 B．弹性势能增大C．动能增大 D．重力势能增大5、第一个发现电磁感应现象的科学家是（）A．焦耳B．库仑C．法拉第D．安培6、一电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B、C三点，且AB=BC，则下列关系中正确的是()A．电场强度大小关系为EA=EC>EBB．电势C．将一带负电粒子由A经B移至C点过程中，电场力先做负功再做正功D．将一带正电粒子由A经B移至C点过程中，电势能先增大再减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路，是定值电阻，是滑动变阻器，电源内阻不可忽略。闭合开关，在电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动的过程中()A．电压表示数变小B．电容器充电C．电源的总功率变大D．通过滑动变阻器的电流变小8、如图所示虚线表示竖直平面内的四个等势面，相邻等势面间的电势差相等，一带负电的油滴，从右垂直等势面φa向左进入电场，在图中所示的竖直平面内运动，运动轨迹与等势面分别交于abc三点。已知带电油滴从a点运动到c点的过程中重力做功为2.0J,克服电场力做功为1.2J,则A．油滴在a点的动能比在c点的动能大0.8JB．油滴在c点受到的电场力大于在a点受到的电场力C．油滴在ab段动能的增量与在bc段动能的增量一定相等D．油滴在ab段机械能的改变量与在bc段机械能的改变量相等9、如图所示在光滑、绝缘的水平面上，沿一直线依次排列三个带电小球A、B、C(可视为质点)．若它们恰能处于平衡状态．那么这三个小球所带的电荷量及电性的关系，下面的情况可能的是()A．－9、4、－36 B．4、9、36C．－3、2、8 D．3、－2、610、如图所示，M、N两点有两等量异种点电荷，a、b、c表示电场中的3条等势线，b是M、N连线的中垂线，a、c关于b对称．点d、e、f、g是以O为圆心的圆与a、c的交点．已知一带负电的试探电荷从d点移动到e点时，该电荷的电势能增加．以下判断正确的是A．M点处放置的是正电荷B．d点的电势高于f点的电势C．d点的场强与f点的场强相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到f点，电势能先增大后减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图（甲）是用一主尺最小分度为1mm，游标上有20个分度的卡尺测量一工件的长度，结果如图所示．可以读出此工件的长度为____________cm．图（乙）是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为______mm

12．（12分）图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图，实验前，应对实验装置反复调节，直到槽末端切线水平．取g=9.8m/s2，计算结果均保留三位有效数字．（1）实验过程中，每次让小球从同一位置由静止释放，其目的是______．（2）图乙是根据实验数据所得的平抛运动的曲线，其中O为抛出点，则小球做平抛运动的初速度大小v=______m/s．（3）在另一次实验中，将白纸换成方格纸，每小格的边长L=4.90cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示．可知该小球做平抛运动的初速度大小v0=______m/s，B点在竖直方向的分速度大小vyB=______m/s．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，两平行光滑导轨相距为L＝20cm，金属棒MN的质量为m＝10g，电阻R＝5Ω，匀强磁场的磁感应强度B＝1T，方向竖直向下，电源电动势E＝8V，内阻r＝1Ω，当开关S闭合时，MN恰好平衡，求变阻器R1的取值为多少？设θ＝45°，g取10m/s2.14．（16分）在图所示的电路中，电源的电动势E=6.0V，内电阻r=1.0Ω，外电路的电阻R=5.0Ω.闭合开关S.求：（1）通过电阻R的电流Ⅰ（2）电源消耗的总功率P.（3）电源的效率η15．（12分）一个初速为零的电子在经U1=4500V的电压加速后，垂直平行板间的匀强电场从距两极板等距处射入，如图所示，若两板间距d=1.0cm,板长L＝3.0cm，两板间的电压U2=200V；已知电子的带电量为e=1.6×10－19C，质量为m=0.9×10－30kg，只考虑两板间的电场，不计重力，求：（1）电子经加速电压加速后以多大的速度V0进入偏转电场（2）电子射出偏转电场时沿垂直于板面方向偏移的距离y（3）电子射出偏转电场后经过下极板所在平面上的P点，如图所示，则P点到下极板右端的距离x

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

由安培力公式F=BILsinθ，可知跟电流的大小，磁感应强度的大小，导线的有效长度及导线和磁场的夹角θ有关，当导线的方向与磁场的方向平行时，所受安培力为0；当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，故B正确，ACD错误。2、D【解析】A、电势差的大小决定于电场线方向上两点间距和电场强度，所以A错误；B、在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离负电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，所以B错误；C、场强为零，电势不一定为零，电场中肯定存在场强都为零、电势又不相等的两个点，在这样的两个点之间移动电荷，电场力将做功，所以C错误；D、沿电场方向电势降低，而且降低的速度最快，所以D正确；综上所述本题答案是：D3、C【解析】ab间总电压降低了，要使通过G的电流不变，应保持G两端电压保持不变，①保持R2不变，增大R1时，R2的电压变小，R1电压可能保持不变，即G的电压不变，通过G的电流保持不变，故①正确；②增大R1，同时减小R2时，R2的电压降低，R1电压可能保持不变，即G的电压不变，通过G的电流不变，故②正确；③保持R2不变，减小R1时，R1两端的电压减小，G的两端的电压减小了，通过G的电流减小了，故③错误；④增大R2，减小R1时，R1两端的电压减小了，G两端的电压变小了，通过G的电流减小了，故④错误；故选C．4、D【解析】

在运动员从最低点开始反弹至即将与蹦床分离的过程中，弹力减小，故A错误；在运动员从最低点开始反弹至即将与蹦床分离的过程中，形变量减小，弹性势能减小，故B错误；合力先是向上的，后是向下的，速度先增加后减小，动能先增加后减小，故C错误；在运动员从最低点开始反弹至即将与蹦床分离的过程中，运动员一直向上运动，重力势能增大，故D正确．5、C【解析】试题分析：第一个发现电磁感应现象的科学家是法拉第，故选C．考点：物理学史【名师点睛】此题是对物理学史的考查；对课本上涉及到的物理学家的名字及其对物理学发展的伟大贡献都应该清楚了解，不仅如此，还要学习科学家为了科学献身的伟大精神；对物理学史的考查历来是考查的热点，也是容易得分点．6、D【解析】由电场线分布可知EA=EC<EB，A错误；根据等势面与电场线垂直，以及电场的对称性作出等势面，可知A、C在同一等势面上，B点电势高于A、C点电势，

B正确；故，，将一带负电粒子由A经B移至C点过程中，电场力先做正功再做负功，C错误；将一带正电粒子由A经B移至C点过程中，电场力先做负功再做正功，电势能先增大再减小，D正确．故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

变阻器滑片移动时，分析总电阻的变化，判断总电流和路端电压的变化。根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律分析电容器两端电压变化情况，即可判断电容器的状态.【详解】A、当滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动时，R4变小，电路的总电阻变小，总电流I变大，内电压变大，则路端电压变小，因此电压表示数变小；故A正确.B、电容器两端电压为：U=E-I（r+R2），I变大，故电容器两端电压U变小，带电量变小，电容器放电，故B错误；C、电源的总功率P=EI，I变大，则P变大；故C正确.D、根据串联电路分压规律知，变阻器两端的电压增小，通过R1的电流变小，而总电流变大，所以通过滑动变阻器的电流变大；故D错误.故选AC.本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化.8、BD【解析】油滴从a点运动到c点的过程中，根据动能定理：，可得，即油滴在a点的动能比在c点的动能小0.8J，故A错误；等差等势面越密集的区域电场强度越大，所以油滴在c点受到的电场力大于在a点受到的电场力，故B正确；油滴在ab段和bc段电场力做功相等，而重力做功不一定相等，根据动能定理可知，油滴在ab段动能的增量与在bc段动能的增量不一定相等，故C错误；机械能的改变量等于电场力做的功，油滴在ab段和bc段电场力做功相等，所以滴在ab段机械能的改变量与在bc段机械能的改变量相等，故D正确。所以BD正确，AC错误。9、AD【解析】

因题目中要求三个小球均处于平衡状态，故可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果．三个小球只受静电力而平衡时，三个小球所带的电性一定为“两同夹一异”，且在大小上一定为“两大夹一小”．AD．AD均满足“两同夹一异”且“两大夹一小”，故AD正确．BC．根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此BC均错误．10、ABC【解析】试题分析：因带负电的试探电荷从d点移动到e点时，该电荷的电势能增加，故d点电势高于e点，故M点处放置的是正电荷，选项A正确；因e点电势与f点电势相等，故d点的电势高于f点的电势，选项B正确；根据电场线分布规律可知，d点的场强与f点的场强相同，选项C正确；因从d点到f点电势逐渐降低，故将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到f点，电势能逐渐减小，选项D错误；故选ABC.考点：等量异种电荷的电场；电势及电势能.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、10.240cm

5.543-5.547mm

【解析】分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的主尺读数为102mm，游标读数为0.05×7mm=0.35mm，所以最终读数为102.35mm=10.235cm．螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为0.01×4.6mm=0.046mm，所以最终读数为5.546mm=0.5546cm．故本题答案为：10.235，0.5546点评：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12、保证小球平抛运动的初速度相同1.6