湖南省市衡阳第八中学2027届高二上物理期中复习检测模拟试题含解析

湖南省市衡阳第八中学2027届高二上物理期中复习检测模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电场强度的概念，以下叙述正确的是()A．电场强度的方向总跟电场力的方向一致B．负电荷在电场中某点受到电场力的方向跟该点的电场强度的方向相反C．电荷在电场中某点受到的电场力越大，该点的电场强度就越大D．在电场中某点不放电荷，该点电场强度一定为零2、已知干电池的电动势为1.5V.下列说法正确的是（）A．用电压表直接连接干电池的两极，测量得到的电压就是该电池的电动势B．当外电路闭合时，每当1C的电荷量通过干电池，则该电池就能提供1.5J的电能C．当外电路闭合时，在1s内有1.5C的电荷量通过该电池D．当外电路闭合时，在1s内该电池能提供1.5J的电能3、如图所示,实线为电场线,虚线表示等势面,相邻两个等势面之间的电势差相等,有一个运动的正电荷在等势面l3上某点的动能为20J,运动至等势面l1上的某一点时动能变为0,若取l2为零势面,则此电荷的电势能为2J时,其动能为（ ）A．18B．10JC．8JD．2J4、下列项目中，不是利用静电技术的是()A．静电除尘 B．静电复印C．静电植绒 D．高层建筑上安装避雷针5、关于电源的电动势，下列说法中正确的是（）A．电动势的大小与非静电力所做的功的大小成正比，与移动电荷量的大小成反比B．电动势由电源本身决定，跟电源的内电阻和外电阻大小均无关C．电动势的单位与电压的单位都是伏特，其二者本质一样的D．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量6、如右图，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，点为半圆弧的圆心，.电荷量相等、符号相反的两个电荷分别置于M、N两点，这时点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则点的场强大小变为E2.E1与E2之比为()A．1：2 B．2：1 C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用相同的表头改装成两个量程不同的电流表，下列说法中正确的是（）A．将他们串联在一起，两表读数相同，量程大的偏角小.B．将他们并联在一起，偏角相同，量程大的读数小.C．将他们串联在一起，两表读数相同，量程大的偏角大.D．将他们并联在一起，偏角相同，量程大的读数大.8、如图所示，电路中电源的电动势为E，内阻为r，A为电压表，内阻为10kΩ，B为静电计，两个电容器的电容分别为C1和C2，将电键S合上一段时间后，下列说法中正确的是（）A．若C1＞C2，则电压表两端的电势差大于静电计两端的电势差B．若将变阻器滑动触头P向右滑动，则电容器C2上带电量增大C．C1上带电量为零D．再将电键S打开，然后使电容器C2两极板间距离增大，则静电计张角也增大9、如图所示的电路中，电源的电动势恒定．要想使灯泡变暗，可以()A．增大R1B．减小R1C．增大R2D．减小R210、如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知，下列结论正确的是()A．导体的电阻是25ΩB．导体的电阻是0.04ΩC．当导体两端的电压是0.04V时，通过导体的电流是1AD．当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是2.5V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在《描绘小灯泡伏安特性曲线》实验中选择“3V0.5A的小灯泡作为研究对象，(填入器材序号)A．电流表(量程0～0.6A，内阻1Ω)B．电流表(量程0～3A，内阻1Ω)C．电压表(量程0～15V，内阻约10kΩ)D．电压表(0～3v，内阻约2kΩ)E.滑动变阻器(阻值0～100Ω)F.滑动变阻器(阻值0～10Ω)G.电源E=6VH.开关I，导线若干(1)在本实验中，电流表应选择______电压表应选择______滑动变阻器应选择______(2)滑动变阻器应采用______(填“分压”或“限流”)接法，电流表应采用______(填“内”、“外”)接法(3)在答题卡虚线框中画出实验电路图.可用的器材有：电压表、电流表、滑线变阻器（变化范围0—10Ω）、电源、小灯泡、电键、导线若干.（用直尺作图）______(4)小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大.某同学为研究这一现象，用实验得到如下数据（I和U分别表示小灯泡上的电流和电压）：I（A）0.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U（V）0.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00在答题卡坐标格中画出小灯泡的U—I曲线保留描点痕迹）______12．（12分）如图，为探究变压器线圈两端电压与匝数的关系，我们把没有用导线相连的线圈套在同一闭合的铁芯上，一个线圈连到电源的输出端，另一个线圈连到小灯泡上，如图所示，试回答下列问题：（1）线圈应连到学生电源的______________（选填直流、交流）；（2）将与灯泡相连的线圈拆掉匝数，其余装置不变继续实验，灯泡亮度将__________（选填变亮、变暗），这说明灯泡两端的电压__________（选填变大、变小）；（3）实验中发现，在所有连接都完好的情况下，电路接通后，灯泡始终不亮，但却在电路接通或断开的瞬间，灯泡会闪亮一下，原因是__________四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，甲、乙两颗卫星在和地球赤道共面的轨道上绕地球分别做匀速圆周运动，二者运行方向相同，甲为地球同步卫星，乙为近地轨道卫星。科学家经过观测发现，每隔时间t两颗卫星相距最近一次。己知万有引力常量为G，地球自转周期为T0。求：（l）乙卫星运动的周期；（2）地球的平均密度。14．（16分）一个重力不计的带电粒子,以大小为v的速度从坐标（0,L）的a点,平行于x轴射入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域,并从x轴上b点射出磁场,射出速度方向与x轴正方向夹角为60°,如图。求：（1）带电粒子在磁场中运动的轨道半径；（2）带电粒子的比荷及粒子从a点运动到b点的时间；（3）其他条件不变,要使该粒子恰从O点射出磁场,求粒子入射速度大小。15．（12分）图中的实线是一列正弦波在某一时刻的波形曲线。经过0.5s后，其波形如图中虚线所示。（1）波的波长是多少？（2）如果波是沿x轴正方向传播的，波的周期时多大？（3）如果波是沿x轴负方向传播的，波的速度是多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

电场强度的方向总跟正电荷所受的电场力的方向一致，选项A错误；负电荷在电场中某点受到电场力的方向跟该点的电场强度的方向相反，选项B正确；根据E=F/q可知电荷在电场中某点受到的电场力越大，该点的电场强度不一定越大，选项C错误；电场中某点的场强由电场本身来决定，与在电场中某点是否放电荷无关，选项D错误；故选B.电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关，本题是考查基础知识的好题．2、B【解析】

A．用电压表直接连接干电池的两极时，由于电压表构成了一个外电路，电池有一定的同电压，所以测量得到的电压小于该电池的电动势．故A错误．B．根据电动势的定义式得W=qE，当q=1C，E=1.5V时，W=1.5J，即当外电路闭合时，每当1C的电荷量通过干电池，则该电池就能提供1.5J的电能，故B正确．C．当外电路闭合时，电路中电流不一定是1A，由q=It知，在1s内不一定有1.5C的电荷量通过该电池，故C错误．D．当外电路闭合时，1C的电荷量通过该电池时该电池能提供1.5J的电能，由于电流未知，则所用时间不一定是1s，故D错误．故选B．3、C【解析】带电粒子在电场中只受电场力作用，则电势能和动能之和守恒，设L1电势为U，L2电势为0，则L3电势为-U；根据能量关系可知：Ek3-Uq=Uq，则Uq=10J，则粒子的总能量为：E=qU=10J；则此电荷的电势能为2J时，其动能为8J，故选C.点睛：解决本题的关键知道电场力做功和电势能的变化关系，以及知道电荷的电势能和动能之和保持不变．4、D【解析】

ABC．利用静电可以进行静电除尘、静电植绒、静电复印，故A、B、C不符合题意；D．高大建筑物上的避雷针和油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走，属于静电的防止；故D符合题意。5、D【解析】A．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，与非静电力做功的大小以及移送电荷量的大小无关，故A错误；B．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，与外电阻无关，只由电源本身决定，故B错误．C．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电压是反映电场力做功性质的物理量，二者的本质不同，故C错误．D．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大，故D正确．故选D．6、B【解析】

试题分析：由得：；若将N点处的点电荷移至P点，则O点的场强大小变为E2，知两点电荷在O点的场强夹角为1200，由矢量的合成知，得：，B对二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

将表头改装成电流表时，应并联一个小电阻，此时表头中刻度表示流过表头及小电阻的总电流；AC.若将两电表串联，则流过G表及小电阻的电总电流相等故示数相等，但由分流关系可知，流过表头G的电流不相等，故偏角不等，量程越大，则小电阻分流越多，流过G表的电流越少，指针偏角越小，即将它们串联在一起时，两表读数相同，量程大的偏角小，故A正确，C错误；BD.若将两表并联，则可以看作四个用电器并联，则各用电器两端的电压相等，故流过表头的电流相等，故偏角一定相等，但示数不同，量程越大的电流表内阻越小，在电压相等时，通过电流表的电流越大，示数越大，即：将它们并联在一起时，偏角相同，量程大的读数越大，故B错误，D正确。8、CD【解析】

A．当电路达到稳定状态后，电容器相当于开关断开，静电计的两个金属接线柱并不相连，所以整个回路处于断路状态，电路中电流为零，电压表两端的电势差为零；静电计上的电势差等于电源的电动势，即为，则电压表两端的电势差小于静电计两端的电势差，故A错误；B．两端电压的电压等于静电计两端的电势差，等于电源电动势，将变阻器滑动触头向右滑动，两端电压的电压等于电源电动势，两端电压的电压不变，则所带电荷量为：电容器上带电量保持不变，故B错误；C．两端的电势差为零，故所带电荷量为零，故C正确；D．将开关S断开，电容器上带电量不变，电容器两极板间距离增大，根据可知电容变小，由公式分析可知，板间电压增大，静电计张角增大，故D正确；故选CD。9、AD【解析】

如图所示，灯泡与电阻R2并联，然后R1串联．要使灯泡变暗，应使流过灯泡的电流变小．【详解】A.增大R1，电路总电阻增大，干路总电流减小，灯泡和R2并联的电压就减小，所以灯泡的电流减小，灯泡变暗，A正确B.减小R1，电路总电阻减小，干路总电流增大，灯泡和R2并联的电压就增大，所以灯泡的电流增大，灯泡变亮，B错误C.增大R2，电路总电阻增大，干路总电流减小，则电压内阻r和R1的电压都减小，并联部分的电压增大，加在灯泡两端的电压变大，流过电灯泡的电流增大，灯泡变亮，C错误D.减小R2，电路总电阻减小，干路总电流增大，则电压内阻r和R1的电压都增大，并联部分的电压减小，加在灯泡两端的电压减小，流过电灯泡的电流减小，灯泡变暗，D正确10、AD【解析】：A、I-U图像的斜率表示电阻的倒数,故导体的电阻R=50.2=25Ω，故A正确，C、由欧姆定律可以知道,当导体的电压为0.04V时,电流I=0.0425A=0.0016A故C错误

D、由欧姆定律可以知道：当电流为0.1A时,电压综上所述本题答案是：AD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A；D；F；分压式；外接法【解析】

（1）电流表、电压表的指针偏转角度超过一半时，误差较小。故在本实验中，电流表应选择A，电压表应选择D。为调节电压方便，滑动变阻器应选择总电阻阻值较小的F；（2）由于要求小灯泡电压从零开始变化，故滑动变阻器采用分压接法；小灯泡的电阻R=U/I=3/0.5Ω=6Ω，远小于电压表内阻，与电流表内阻差不多，故电流表应采用电流表外接法；（3）实验电路图如图所示：(4)