T8第一次联考-湖北卷-2026届高三-2025年12月-物理-答案

高三年级12月检测训练物理试题参考答案及多维细目表123456789CDADABC【解析】核反应方程应满足质量数守恒和电荷数守恒，可求得粒子X为-9e,即β射线，发生的原因是弱相互作用，A项错误；β射线电离能力较E=(m。-m₁-m₂)c²,C项正确；7{L期为6.7天，若有1g的7Lu,经过20.1天后，m' 卫星在轨道①的轨道半径略大于地球半径，圆轨道①上的运行速度一定小于等于第一宇宙速度，A项错误；卫星远离地球的过程需要克服万有引力做功，B项错误；从轨道①到轨道②需点火加速，卫星在轨道②上P点的速度大于在轨道①上P点的速度，C项错误；根据开普勒第三定律可,可知卫星在轨道②上的运行周期小于在卫星在轨道③上的运行周期，则卫星在轨道②上的运行周期小于24h,D项正确。可【解析】因为玻璃上下表面平行，光线在玻璃下表面第二次折射时的入射角等于在上表面第一次折射时的折射角，根据光路可逆原理可知，第二次折射光线与第一次入射光线平行，所以从玻璃砖下表面射出的两束光仍然平行且间距增大，两束单色光线穿过平行玻璃砖下表面后不可能重率更高，若单色光b可使某金属发生光电效应，色光a的折射率大于单色光b,由公式可可知，单色光a在平行玻璃砖下表面不可能发生渐增大，A项错误；只增加细线的长方向缓慢转动，则F,与F₂之间夹角β减小，且β<90°,沿着垂直F₁方向正交分解可得Fr·sin(180°—a)=F₂sinβ,可知细线上拉力逐渐减三力如图所示，F:与FT的夹角和F₂不变，故三个交点始终位于同一圆上，且初始时Fr过圆心，弦长为最大值，此后F₁沿顺时针转动，拉力Fr逐渐减小。于匝数比为10:1,由和,可知原线圈电压为2200V,电流为2A,UR=2500V150Ω,A项正确；流过充电桩的电流的周期为T周期电流改变2次，所以电流每一秒方向改变100次，B项错误；由,流经充电桩电所以输出功率一定不等于8800W,D项错误。【解析】由右手定则可知，金属杆绕O点顺时针转动时，产生的电动势方向由小圆环指向大圆环，金属杆匀速转动产生的电动势大小为e=下流经R,当e<E=2V时，电流从下至上流经物理试题参考答案第1页共5页R,A项错误；当w=50rad/s时，解得e=2V,电流为0,此时金属杆两端的电压大小为2V,B项正确；w<75rad/s,D项错误；若金属杆反向转动，I=A,保险丝一定会被熔断，C项错误。大小相等，由于B点做匀速直线运动，所以当杆与地面成α角时，杆上所有点沿着杆方向的分速度均为vcosα,对于小球，它与墙角O点间距时刻保持1,所以运动轨迹为以O点为圆心的圆，速度方向与OC连线垂直，由图中几何关系得，小球在C点速度方向与杆的夹角为|2α-90°1,沿杆方向的分速度为vccos|2a-90°|,则有误；分析可得杆对小球的作用力必须沿着竖直方对小球运用动能定理，可得【解析】牛顿第二定律确定了物体的加速度与质量及其所受的力的关系，是牛顿运动学的核心，A项正确；爱因斯坦受到普朗克量子假说启发，提出光子说，成功地解释了光电效应规律，B项正确；美国物理学家密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e电荷量，获得了诺贝尔物理学项错误；英国物理学家查德威克于1932年用α粒子轰击铍核首次发现了中子，D项错误。【解析】以B点为圆心建立xOy直角坐标系，对小球进行受力分析，在水平、竖直方向的受力为,满足简谐运动的表达式，水平简谐分运动的平衡位置在x=0处，振幅为1,竖直简谐分运动的平衡位置在处，振幅为两个简谐运动的周期相等，A项正确；若小球能够与B处钉相碰，则在水平方向上，小球由最大位移处C点运动到B点即平衡位置，历时T,在竖直方向上，若小球能够与B处置坐标可表示为,运动轨迹所满足的方程为,为一条直线，C项正确；当小球第一次运动至B处钉正下方时，历时T,此时小球在竖直方向上的分速度达到最大值，不可能水平向左，D项错误。【解析】由题意可知，重力与电场力的合力方向斜向右下与BC连线垂直，与水平和竖直方向夹角均为45°,当电场力与合力方向垂直时，电量守恒定律可知，此时势能最小，B项正确；电场方向水平向右时，电场力与重力大小相等，合力大小为√2mg,做完整圆周运动的临界条件是到达等效最高点D点，小球恰好到D点时可得,从D点到A点，由动能定理,可得vA=√(3√2-2)gR,C项错误；A点静止释放后，小球沿AB方向匀加速运动到B点，与轨道碰沿半径方向分速度为0,切线方向分速度vg'=Vʙcos45°,若可在轨道运动直至速度变为0,由动能定理可得qERsina-mgR(1-cosa)=0物理试题参考答案第2页共5页,解得α=135°,可知小球刚好运动11.(1)6.972(6.970～6.973均正确)(2分)②(2分)(3分)【解析】(1)螺旋测微器读数6.5mm+47×0.01mm=6.970mm(6.970～6.973均给分)。(2)由图丙知单摆的周期为2T,代入单摆的周期解得活塞质量为(1分)气体发生等容变化，根据查理定律可得，又最低点(2)当活塞恰好运动至上端卡环时，根据理想气体状态方程可得(1分)解得T₁=3T。(1分)外界对气体所做功则气体吸收的热量 (4)等于(2分)(5)(3 【解析】(1)根据电路图，补充三根连接导线，如图所示。在偏转电场中解得粒子的偏转角θ=45°离开偏转电场时的速度大小为(3)根据电路结构，得电流关系粒子的偏转角θ=45°离开偏转电场时的速度大小为,再结合丙图像，很容易得到纵轴为1,解得(2分)(2)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动解得(2分)(2)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动(5)设改装时电阻箱的阻值为R′,准确的阻值物理试题参考答案第3页共5页对应的圆心角均为90°,磁场的变化周期为磁场的宽度为15.(1)2μgμg(2分)(2)3μgt。(2分)(3)26μ2μ·(F+2mg)-μ·(F+2mg+mg)=maBIt₀~2t。过程中，对木板B分析可得解得aB2=μg(1分)(2)在0～2t。过程中，对木板B由运动学分析可得(3)t₀~2t。过程中，对物块A分析可得解得aA=-2μg(1分)设手指与物块A间相对滑动的时间为t,手指、物块A、木板B的速度时间关系图像如下则可得vA+aᴀ·to=vB解得vA=5μgt₀(1分)解得对物块A受力分析有μoF-2μ(F+2mg)=2m·aAI解得μo=26μ(1分)(4)物块A和木板B越过P点和小球碰前速度分)木板B与小球1发生弹性碰撞可得解得vB=-μgto,vn=μgt。(1分)此后，A、B发生相对滑动，1号小球与后边小球碰撞后速度交换，1号球仍停留在原处，最后一个小球向右运动碰后木板B向左减速运动，对木板B分析可得木板B速度减为0后，又反向向右运动，对木板B分析可得(1分)设木板B向左最远运行距离为xB,则此时可得出即木板B再次返回时，未与物块A达到共速，且第二次碰撞前木板B的速度为第一次碰撞前木板B速度的,同理可得木板B此后的运动时间为等比数列，公比,且碰撞次数足够多从木板B第一次与小球碰撞到静止的过程，物(1分)木板B的位移xB=0Q=2μ·2mg·△x=2μ·2mg·(xA一xg)=物理试题参考答