2027届上海市华东师大一附中高二上物理期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2027届上海市华东师大一附中高二上物理期中质量跟踪监视模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为某静电场中x轴上各点电势φ的分布图，一个带电粒子从坐标原点O仅在静电力作用下沿x轴正方向运动，则（）A．粒子一定带正电B．粒子一定带负电C．粒子从运动到，加速度先增大后减小D．粒子从运动到，加速度先减小后增大2、如图所示，带电粒子进入磁场中，图中的磁场方向B、速度v方向、洛仑兹力f方向标示正确的是（）A． B．C． D．3、如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B(长木板足够长)的左端放着小物块A.某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F＝kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力Ff的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的vt图象的是()．A． B． C． D．4、质量为0.2kg的小球竖直下落，以6m/s的速度碰触地面，再以4m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于小球动量的变化量Δp和合力冲量ΔI下列说法正确的是A．Δp＝2kg·m/s B．Δp＝－2kg·m/sC．ΔI＝0.4kg·m/s D．ΔI＝－0.4kg·m/s5、下列关于时间和时刻的表述中，表示时刻的是（）A．学校早晨7：50开始上课B．刘翔110m栏的成绩是12.91sC．小明从家步行到学校需要10minD．小林在井口释放一块小石块，经2s听到石块落水的声音6、如图甲所示为法拉第在研究电磁感应时用过的线圈，其工作原理如图乙所示，则实验中不会使电流表指针发生偏转的是()A．保持开关闭合 B．开关闭合瞬间C．开关断开瞬间 D．移动变阻器滑片二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在x轴上关于原点对称的a、b两点处固定两个电荷量相等的点电荷，如图所示的E-x图象描绘了x轴上部分区域的电场强度(以x轴正方向为电场强度的正方向)．在电场中c、d为x轴上关于原点对称的两点，O为坐标原点，下列结论正确的是()A．a、b处为异种点电荷B．c、d两点电场强度相同，但c点电势更高C．若将一负电子从c点移到d点，其电势能增大D．O点处电势等于零，电场强度也等于零8、如图所示，在光滑绝缘的水平桌面上有四个小球，带电量分别为－q、Q、－q、Q四个小球构成一个菱形，－q、－q的连线与－q、Q的连线之间的夹角为α.若此系统处于平衡状态，则正确的关系式可能是()A．cos3α＝ B．cos3α＝C．sin3α＝ D．sin3α＝9、在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核发生了一次α衰变，生成了一个质量为M的新核，同时放出质量为m、电量为q的α粒子，α粒子在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为R，反应中释放的核能全部转化为生成的新核和α粒子的动能，下列说法正确的是（）A．生成的新核和α粒子的动能之比为m：MB．生成的新核的比结合能大于衰变前原子核的比结合能C．生成的α粒子的动能为D．衰变过程中的质量亏损为10、在如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r．开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，下列哪些方法会使P向上运动A．断开S2B．适当减小两板之间的距离C．断开S4并适当减小两板之间的距离D．断开S4并适当减小两板之间的正对面积三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“用伏安法测金属丝电阻率”的实验中(1)下列关于金属丝的电阻率ρ、电阻Rx以及实验操作的说法中，正确的是_________.A．将金属丝等分成两段，则每段的电阻Rx和电阻率ρ均变为原来的一半B．金属丝的电阻Rx越大，其电阻率ρ也一定越大，导电性能越弱C．金属丝的电阻与它的长度成正比，与通过它的电流的大小成反比D．测量过程中，通过金属丝的电流不宜过大，通电时间也不宜过长，以避免温度对电阻率的影响(2)用螺旋测微器测金属丝直径时的示数如图甲所示，读数应：_________mm.(3)实验器材有：电池组、电流表(内阻约为0.1Ω)、电压表(内阻约为1000Ω)、滑动变阻器、电阻丝Rx(内阻约为2Ω)、开关、导线若干.图乙为本次测电阻率实验的实物图，图中已连接了部分导线，要求金属丝两端电压从0V开始测量.请将该实物图连接补充完整____________,为保证实验器材的安全，闭合开关前滑动变阻器滑片P应放在_______端(填“左”或者“右”)(4)某次测量中电压表的示数为U0，电流表示数为I0，接入电路的电阻丝长度为l0，横截面直径为D，则该金属丝电阻率为__________(用I0，U0，l0，D表示)12．（12分）在测定金属的电阻率的实验中，用该金属制成的长约(0.8m，直径小于1mm的电阻丝，电阻约5Ω左右．实验步骤如下：(1)用米尺测量接入电路部分的金属导线的长度，测三次，求出平均值L．用叠绕法测出金属导线的直径d.(2)用伏安法测量金属导线的电阻R．试把图中所给出的器材连成测量R的合适线路，图中安培表的量程为0.6A，内阻接近1Ω，伏特表量程为3V，内阻为几kΩ，电源的电动势为6V，变阻器的阻值为0Ω～20Ω．要求在闭合电键前，变阻器的滑动触点应处于正确位置．_____(3)用上面测得的L、d和R，根据电阻率的表达式ρ=______，算出所测金属的电阻率．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在空间中取直角坐标系xOy，在第一象限内平行于y轴的虚线MN与y轴距离为d＝8cm，在第一象限内从y轴到MN之间的区域充满一个沿y轴正方向的匀强电场，场强大小为E＝750V/m.初速度可以忽略的带负电的粒子经过另一个电势差为U＝20V的电场加速后，从y轴上的A点以平行于x轴的方向射入第一象限区域，OA的距离h＝9cm.已知带电粒子的比荷为q/m＝1.6C/kg，带电粒子的重力忽略不计，求：(1)粒子进入偏转电场区域的初速度；(2)试通过计算说明带电粒子从MN边界还是ON边界离开电场；(3)带电粒子离开偏转电场区域时的速度与进入偏转电场时的速度方向之间的夹角的正切值；(4)带电粒子经过x轴时离坐标原点O的距离L．14．（16分）如图所示，圆形区域半径为R，圆心在O点，区域中有方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B。电子在电子枪中经电场加速后沿AO方向垂直进入磁场，偏转后从M点射出并垂直打在荧光屏PQ上的N点，PQ平行于AO，O点到PQ的距离为2R。电子电荷量为e，质量为m，忽略电子加速前的初动能及电子间的相互作用。求：(1)电子进入磁场时的速度大小v；(2)电子从进入磁场经多长时间打到荧光屏；(3)若保持电子枪与AO平行，将电子枪在纸面内向下平移至距AO为处，则电子打在荧光屏上的点位于N点的左侧还是右侧及该点距N点的距离。15．（12分）如图，矩形abcd区域有磁感应强度为B的匀强磁场，ab边长为3L，bc边足够长．厚度不计的挡板MN长为5L，平行bc边放置在磁场中，与bc边相距L，左端与ab边也相距L．质量为m、电荷量为e的电子，由静止开始经电场加速后沿ab边进入磁场区域，电子与挡板碰撞后完全被吸收并导走．（1）如果加速电压控制在一定范围内，能保证在这个电压范围内加速的电子进入磁场后在磁场中运动时间都相同．求这个加速电压U的范围．（2）调节加速电压，使电子能落在挡板上表面，求电子落在挡板上表面的最大宽度

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

AB、由图象可知,从坐标轴上x1处运动到x2处电势逐渐升高，说明电场方向水平向左．粒子运动情况未知，无法判断粒子带电电性，故粒子带负电，故A错误，B错误；CD、由图象的斜率大小等于电场强度可知，粒子从坐标轴上x1处运动到x3处的斜率先减小后增大，故电场强度先减小后增大，则电场力先减小后增大，故加速度先减小后增大，故C错误，D正确；故选D．2、C【解析】A、带负电的粒子向右运动，掌心向外，四指所指的方向向左，大拇指所指的方向是向下，选项A错误；B、带负电粒子的运动方向与磁感应线平行，此时不受洛伦兹力的作用．选项B错误；C、带正电的粒子向右运动掌心向外，四指所指的方向向右，大拇指所指的方向是向上，选项C正确；D、带负电的粒子向上运动，掌心向里，四指应向上，大拇指的方向向左，选项D错误；故选C．【点睛】在应用左手定则时，首先要判断运动的带电粒子所带的电性，若是正电，四指的方向与粒子运动方向一致，若是负电，四指所指的方向与粒子的运动方向相反．此处是非常容易出错的．3、B【解析】

选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律得：，对B应用牛顿第二定律：，对A应用牛顿第二定律：，经历时间：，由以上解得：，此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线，故B正确，ACD错误．4、A【解析】

AB．取竖直向上方向为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：△p=mv2-（-mv1）=0.2×（6+4）kg•m/s=2kg•m/s方向竖直向上。故A正确，B错误。CD．根据动量定理可知，合力的冲量等于动量的变化，可知ΔI＝△p=2kg·m/s选项CD错误。5、A【解析】

A．上课时间是7点30分对应的是时间轴上的一个点，所以是时刻，A正确；B．刘翔跑完全程是一个过程，所以12.91s是时间间隔，不是时刻，B错误；C．小明从家步行到学校为一个过程，所以10min是时间间隔，不是时刻，C错误；D．经2s听到石块落水的声音，对应一个过程，所以2s是时间间隔，不是时刻，D错误。故选：A。6、A【解析】

开关闭合状态下，线圈中电流恒定，穿过线圈的磁通量不发生变化，没有感应电流，电流表指针不会发生偏转，故A正确．当开关接通的瞬间、开关断开的瞬间或者移动变阻器滑片时，线圈中磁通量发生变化，产生感应电流，指针发生偏转．故BCD错误．故选A．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】

A．根据给出的E-x图象可知，在a处为正电荷，在b处为负电荷，故A正确；B．根据点电荷产生的场强，根据场强的叠加可知，c、d两处场强相同，电场方向由c指向d，故c点电势高，故B正确；C．将一负电子从c点移到d点，电场力做负功，所以电势能增大，故C正确；D．因为a、b处为异种点电荷，在y轴上点的电势为零，所以O点的电势为零，但是场强不为零，故D错误．8、AC【解析】

由题意可知，对左边Q受力分析，如图所示，两负q对Q的库仑力的合力与右边Q对Q的库仑力等值反向设菱形的边长为a，则有：解得：8qsin3α=Q即为对q，有：解得：A.cos3α＝与计算结果相符，故A正确。B.cos3α＝与计算结果不符，故B错误。C.sin3α＝与计算结果相符，故C正确。D.sin3α＝与计算结果不符，故D错误。9、ABC【解析】

A．静止的原子核辐射衰变，衰变产生的新核与粒子组成的系统的动量守恒，以粒子的方向为正方向，则有解得，即两者动量大小相等，设为p，方向相反，根据动能与动量关系所以生成的新核和粒子的动能之比为故A正确；B．衰变的过程中释放能量，可知生成的新核的比结合能大于衰变前原子核的比结合能，故B正确；C．粒子在磁场中受到的洛伦兹力提供向心力，则有解得，则生成的粒子的动能为故C正确；D．结合AC可得新核的动能根据质能方程可知亏损的质量故D错误。故选ABC。10、ABD【解析】

断开，C直接接到电源两端，C两端电压增大，故E增大，电场力增大，油滴向上运动，故A正确；其他条件不变时，电容器两端的电压不变，适当减小两板间的距离时，由可知，板间的电场强度增大，故油滴受到的电场力大于重力，油滴向上运动，故B正确；断开时电容器与电源断开，电量不变，减小两板间的距离时，根据、可知，，则可知，电场强度不变，故油滴不动，故C错误；断开时电容器与电源断开，电量不变，根据可知，减小两板之间的正对面积时C减小，则U增大，由于d不变，电场强度E增大，故油滴向上移动，故D正确．解决本题的关键要明确电路稳定时，电容器的电压等于与之并联的电路两端的电压，注意与电容器串联的电阻相当于导线．然后再结合电容器的动态分析规律进行分析即可求解．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D0.396~0.398mm如图所示：左【解析】（1）A、电阻决定式为：，可知把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻变为原来的一半，但电阻率与温度和材料有关，与其他因素无关，故电阻率不变，故A错误；B、电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，与温度和材料有关，与本身电阻大小无关，电阻率越大，其导电性能越差，电阻率越小，则其导电性能越好，故B错误；C、根据电阻定律：金属丝的电阻与它的长度、横截面积以及电阻率有关，与电流无关，故选项C错误；D、测电阻时，电流不宜过大，通电时间不宜过长，否则温度变化明显，电阻率会明显变化，故D错误；（2）螺旋测微器的固定刻度读数为，可动刻度读数为，

所以最终读数为；（3）要求金属丝两端电压从0V开始测量，故滑动变阻器采用分压式连接，同时电流表的内阻与待测电阻相差不多，则采用安培表外接，对待测电路起到保护作用，故闭合开关前滑动变阻器滑片P应放在左端，则如图所示：（4）根据欧姆定律，可知接入电路的电阻，在根据电阻定律：，则整理可以得到：。点睛：本实验题要求要熟练掌握螺旋测微器读数的方法，能根据待测电阻与两个电表内阻的关系，选择电流的内、外接法，以及变阻器的分压式与限流式接法。12、【解析】

（2）待测金属丝电阻远小于电压表内阻，电流表应外接．变阻器的阻值略大于待测电阻，接限流式接法，电路如图（3）根据公式可得,解得本题出示了公式，能帮助学生更好的理解影响电阻大小的因素．本题也可以说是一道创新题，能考查学生的实验创新能力，是一道好题．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）8m/s（2）从MN离开电场（3）（4）10cm【解析】解：（1）粒子在电场中加速由得(2)假设粒子从MN离开，则粒子在匀强电场区域的运动时间因为y＜h，说明以上假设正确，带电粒子从MN离开电场（3）离开电场时：(4)设粒子离开电场后经过时间t′到达x轴，在x轴方向上的位移为x′，则得t′＝2.5×10-3sx′＝v0t′得x′＝2cm所以L＝d＋x′＝10cm.综上所述本题答案是：（1）8m/s（2）从MN离开电场（3）（4）10cm14、