湖北省恩施2027届物理高二上期中质量检测试题含解析

湖北省恩施2027届物理高二上期中质量检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，通过L1、L2、L3中的电流大小相等，L1、L2中的电流方向垂直纸面向里，L3中的电流方向垂直纸面向外，在三根导线与纸面的交点所构成的等边三角形的中心上放有一电流方向垂直纸面向外的通电长直导线则该导线受到的安培力的方向为A．指向L1 B．指向L2 C．背离L3 D．指向L32、如图所示，实线是电场中一簇方向已知的电场线，虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，若带电粒子只受电场力作用从a点运动到b点过程，根据此图作出的判断正确的是A．带电粒子带正电B．电场中a点的电势低于在b点的电势C．带电粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度3、地球的同步卫星是指相对于地面静止不动的人造卫星（）A．它可以在地面上任一点的正上方，且离地心距离可按需要选择不同的值B．它可以在地面上任一点的正上方，但离地心距离是一定的C．它只能在赤道的正上方，但离地心的距离可按需要选择不同的值D．它只能在赤道的正上方，且离地心的距离是一定的4、如图所示，在匀强电场中有矩形ABCD，其中AD边长大于AB边长，其顶点A的电势为0V﹑顶点B的电势为-2V﹑顶点C的电势为0V，以下说法正确的是：A．D点的电势为-2VB．D点的电势为2VC．电场的方向在AC连线的方向上D．电场的方向在BD连线的方向上5、下列关于磁铁的使用的说法中不正确的是（）A．磁铁受到撞击会使磁铁的磁性减弱B．原先没有磁性的铁，在长期受到磁铁的吸引会产生磁性C．对磁铁加热会使磁铁的磁性减弱D．永磁体在受到加热或敲打后，其磁性不会发生改变6、如图所示，在光滑水平面上停放着质量为m装有光滑弧形槽的小车，小车的弧形和水平部分均光滑．质量为m的小物块以水平速度v沿槽向车上滑去，到达某一高度后，小物块又返回车右端，在这一过程中，下面说法正确的是（）A．小物块上升到最大高度时相对地面的速度为零B．小物块在弧形槽上升的最大高度为C．小物块离开小车以后将向右做平抛运动D．小物块离开小车以后将向左做平抛运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，长为l的轻绳的一端固定在点O上，另一端系一小球．球刚好在竖直平面内做完整的圆周运动．当小球运动到最低点时，速度大小为v，所受拉力大小为F．不计空气阻力，则A．v= B．v=C．F=5mg D．F=6mg8、直流电路图如图所示，在滑动变阻器的滑片向右移动时，下列说法正确的是()A．电源的总功率一定减小B．电源的内部损耗功率可能增大C．电源的效率一定增大D．电源的输出功率一定先增大后减小9、安培分子电流假说可用来解释（）A．运动电荷受磁场力作用的原因 B．两通电导体有相互作用的原因C．永久磁铁具有磁性的原因 D．软铁棒被磁化的现象10、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表。电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，把它们按图接入电路，且都没有超过量程，则（）A．电流表的读数大于电流表的读数B．电流表的偏转角小于电流表的偏转角C．电压表的读数等于电压表的读数D．电压表的偏转角等于电压表的偏转角三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）小明同学想测量某电阻元件正常工作下的阻值RL，已知该元件电阻约为2Ω，额定电流为1A。在保证器材安全的情况下，尽量准确的测量RL。可供使用的器材有：A．电流表A1：量程0—0.6A(内阻RA1为1Ω)B．电流表A2：量程0—3A(内阻RA2约为0.5Ω)C．电压表V1：量程0—3V(内阻RV1约为3KΩ)D．电压表V2：量程0—15V(内阻RV2约为15KΩ)E.定值电阻R1=1ΩF.定值电阻R3=1KΩG.滑动变阻器R：0—5ΩH.蓄电池E：电动势10V，不计内阻I.导线，电键S(1)电流表应选___________，电压表应选___________(填写器材前面的字母序号)(2)画出电路图，并标上元件对应的符号；(3)正确连接电路后，当电流表示数为___________A，元件正常工作。此时电压表示数如右上图，请读出此时电压表的示数___________V，则此元件的电阻为___________Ω。(计算结果保留2位小数)12．（12分）用螺旋测微器测量其直径如图所示，由图可知其直径为________mm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，把质量为0.2g的带电小球A用丝线吊起，若将带电荷量为+4×10-8C的小球B靠近它，当两小球在同一高度相距3cm时，丝线与竖直方向的夹角为45°（g取10m/s2），求：（1）小球A带何种电荷；（2）此时小球B受到的库仑力大小；（3）小球A带的电荷量qA．14．（16分）如图所示，A、B为不带电平行金属板，间距为d，构成的电容器电容为C．质量为m、电量为q的带电液滴一滴一滴由A板小孔上方距A板高h处以v0初速射向B板．液滴到达B板后，把电荷全部转移在B板上．求到达B板上的液滴数目最多不能超过多少？15．（12分）如图所示，一条固定的光滑轨道由圆弧轨道和水平轨道组成，三个大小相同的滑块A、B、C，A的质量为2m，B、C的质量为m，滑块B、C原来静止，B右端栓接一轻弹簧；滑块A从距离水平轨道高h处无初速度释放，滑块A与滑块B相碰并粘接在一起，碰撞时间极短，然后继续运动到弹簧与滑块C相互作用。已知重力加速度g，求：（1）滑块A与滑块B碰撞刚结束时的速度vAB；（2）弹簧被压缩至最短时的弹性势能Ep；（3）滑块C离开弹簧时的速度vC。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

根据同向电流相吸，异向电流相斥的原理，判断三条直导线对中心处的合力方向．【详解】根据同向电流相吸，异向电流相斥的原理可知，L1和L2对放在中心处的导线均为斥力，合力的方向指向L3；L3对放在中心处的导线为吸引力，方向指向L3；则三条直导线对放在中心处的导线的作用力的合力方向指向L3；故选D.2、C【解析】

A.合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向左，电场线向右，所以带电粒子带负电，故A错误。B.沿电场线方向电势降低，a点电势大于b点电势。故B错误。C.从a运动到b，电场力做负功，电势能增大。所以带电粒子在a点的电势能小于在b点的电势能。故C正确。D.电场线的疏密代表场强大小，a点的场强大于b点的场强，所以a点所受的电场力大于b点，则带电粒子在a点的加速度大于在b点的加速度，故D错误。3、D【解析】

同步卫星相对于地球静止，需要满足两个条件：一绕地球旋转的旋转轴与地球的地轴相同；二是旋转周期与地球自转周期相同，根据开普勒第三定律，同一中心天体相同，由于同步卫星的周期相同，所以旋转半径也相同，离地面的高度相同，同步卫星只能在赤道上方，且离地心的距离是一定的，故D正确；ABC错误；故选D4、B【解析】AB、连接AC和BD交于O点，O是AC和BD的中点，根据运强电场的特点，，可得=2V；A错误，B正确；CD、因为A、C电势相等，AC是一条等势线，电场线与等势线垂直，所以既不沿AC方向，也不沿BD方向，C错误，D错误。故选：B。5、D【解析】

磁铁受到撞击会使磁铁的磁性减弱，原先没有磁性的铁，在长期受到磁铁的吸引会产生磁性，对磁铁加热会使磁铁的磁性减弱，故ABC正确，D错误。故选D。6、B【解析】

AB、当小物块与小车的速度相等时，小物块在弧形槽上升到最大高度，设最大高度为h，取水平向左为正方向，根据水平动量守恒得：，根据系统的机械能守恒得，联立解得：，A错误B正确．CD、系统整个过程水平方向动量守恒，设小物块离开小车时，小物块的速度为v1，小车的速度为v2，整个过程中动量守恒，得：，由机械能守恒得：，解得：，即小物块与小车分离后二者交换速度，所以小物块离开小车后做自由落体运动，CD错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

AB．球刚好在竖直平面内做完整的圆周运动，所以在最高点有小球从最高点到最低点的过程中由动能定理有联立解得：故A正确，B错误；CD．在最低点，由牛顿第二定律有解得：故C错误，D正确．8、AC【解析】当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器的电阻增大，，整个电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律

分析得知，总电流减小，

知路端电压增大，所以电流表示数减小，电压表示数增大，由

知电源的总功率减小，故A正确；由

知电源的内部损耗功率一定减小，故B错误；由

知电源的效率增大，故C正确；由

知，当

时输出功率最大，而题意知滑动变阻器的滑片P向右移动时，不清楚R与r之间的关系，所以电源的输出功率可能先增大后减小，故D错误；故选AC。【点睛】电路中动态变化分析问题，在认识电路结构的基础上，局部电阻增大，整个电路的电阻增大，再由闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，由

知电源的总功率，由

知电源的效率，当

时输出功率最大。9、CD【解析】安培所提出的“分子电流”的假说．安培认为，在原子、分子或分子团等物质微粒内部，存在着一种环形电流--分子电流，分子电流使每个物质微粒都形成一个微小的磁体．未被磁化的物体，分子电流的方向非常紊乱，对外不显磁性；磁化时，分子电流的方向大致相同，于是对外界显示出磁性，故D正确；因此这一假说能够说明电可以生磁，故A错误；两通电导体有相互作用的原因是通过磁体之间的磁场的作用产生的，故B错误；安培提出的分子环形电流假说，解释了为什么磁体具有磁性，说明了磁现象产生的本质，故C正确．所以CD正确，AB错误．10、AD【解析】

电流表A1的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A2的内阻；电压表V1的量程大于V2的量程，故V1的电阻大于V2的电阻；

AB．由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同，故A1中的电流要大于A2中的电流，故A1的读数比A2的读数大，故A正确，B错误；CD．两电压表串联，故通过两表的电流相等，故V1的读数比V2的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角，故D正确，C错误。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AC0.502.53-2.572.03-2.07【解析】

（1）的额定电流为1A，从安全性和精确性两方面考虑，两个电流表均不满足要求，故要进行电表的改装，电流表量程较小，且知道内阻，故把改装能达到要求，电流表和改装成量程为1.2A的电流表，满足要求，电流表选，故选A；由于的额定电流为1A，两端的最大电压约为2V，故电压表选择，故选C；（2）的量程是，小于电源的电动势,从安全性的角度考虑，应采用分压式解法，考虑到知道电流表的内阻，采用电流表内接法可以消除系统误差，电路图如下图所示：（3）当电流表的读数为0.5A时，电阻两端达到额定电流1A，正常工作。估算电流的最大值，，由于只有电流表知道内阻，由图可知电压表的读数为2.53-2.57V，由，代入数据可得：12、4.700mm【解析】

[1]螺旋测微器的最小精确度为0.01mm，读数为主尺刻度+可动刻度格数×最小精确度，注意格数要估读。即该读数为4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、1）负电（2）2×10-3N（3）5×10-9C【解析】

根据同种电荷相斥，异种电荷相吸，即可求解小球A带负电；对小球A进行正确受力分析，小球受水平向左的库仑力、重力、绳子的拉力，根据平衡条件列方程求解库仑力大小；再依据库仑定律的公式，即可求解小球A电量．【详解】解：(1)两个电荷相互吸引，由于B带正电，故A带负电；(2)小球A受水平向左的库仑力、竖直向下的重力、绳子的拉力而平衡，根据平衡条件有：F将θ=45°代入解得：F根据牛顿第三定律可知，小球B受到的静电力F的大小也是2×10(3)库仑力：F解得：q小球A带的电量是5×14、【解析】

油滴不断从小孔滴下并附着到下板上，上下板之间就形成了电势差，也就形成了匀强电场，设最终有n个油滴可以打到下板上，即第n个油滴到达下极板时速度正好等于0，以后的油滴就不会打到板上了