2027届湖北省襄阳第四中学高二上物理期中达标检测试题含解析

2027届湖北省襄阳第四中学高二上物理期中达标检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．电路中，当电阻变大时，电源的电动势也增大2、如图所示,一段导线abcd弯成半径为R.圆心角为90°的部分扇形形状,置于磁感应强度大小为B的匀强磁场中,且与磁场方向(垂直于纸面向里)垂直,线段ab和cd的长度均为,流经导线的电流为I,方向如图中箭头所示。则abcd导线受到的安培力的方向和大小为()A．方向沿纸面向上，大小为B．方向沿纸面向上，大小为C．方向沿纸面向下，大小为D．方向沿纸面向下，大小为3、关于带负电的粒子（重力可忽略不计），下面说法中正确的是()①沿电场线方向飞入匀强电场，电场力做功，动能增加②垂直电场线方向飞入匀强电场，电场力做功，动能增加③垂直磁感线方向飞入匀强磁场，磁场力不做功，动能不变④沿磁感线方向飞入匀强磁场，磁场力做功，动能增加A．①② B．②③ C．③④ D．①④4、关于带电粒子在匀强磁场中所受的洛伦兹力，下列说法不正确的是（）A．静止粒子不会受洛伦兹力B．平行磁场入射的粒子不会受洛伦兹力C．垂直磁场入射的粒子不会受洛伦兹力D．粒子在磁场中受力方向与磁场方向垂直5、有一电学元件，上面标有“450V，250μF”字样，它是：A．电源； B．电阻器； C．电容器； D．电动机．6、如图所示是点电荷Q周围的电场线，图中A到Q的距离小于B到Q的距离．以下判断正确的是A．Q是正电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度B．Q是正电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度C．Q是负电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度D．Q是负电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置。闭合电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，下列说法正确的是（）A．仅增大R1的阻值，油滴向上运动B．仅增大R2的阻值，油滴向下运动C．仅减小两板间的距离，油滴向下运动D．仅断开电键S，油滴向下运动8、如图所示，平行金属导轨间距为L，与水平面间的倾角为θ（导轨电阻不计）．两导轨与阻值为R的定值电阻相连，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m，长为L的导体棒在ab位置获得平行于斜面的大小为v的初速度向上运动，最远处到达cd的位置，滑行距离为s，导体棒的电阻也为R，导体棒与导轨间的动摩擦因数为μ，则（）A．上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B．导体棒上滑过程中克服安培力、滑动摩擦力和重力做的总功为C．上滑过程中电流做功产生的热量为-mgssinθD．上滑过程中导体棒损失的机械能为mgssinθ9、如图所示，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其它左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间可能是（）A．B．LvC．D．2Lv10、如图所示的图象所对应的两个导体(1)电阻之比R1∶R2(2)若两个导体的电压相等（不为零）时，电流之比分别为（）A．3∶1 B．2∶1 C．1∶3 D．2∶3三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作后获得了电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是_______A、_______V。12．（12分）（1）在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图1所示，读数________mm．（2）某同学用指针式多用电表测电阻Rx的阻值，他将红黑笔分别插入“+”“﹣”插孔中，将选择开关置于“×10”档位置，然后将红、黑表笔短接调零，此后测量阻值时发现指针偏转角度较小．试问：①为减小实验误差，该同学应将选择开关置于“___________”位置．（选填“×1”、“×100”）②再将红、黑表笔短接，重新调零后继续实验，结果看到指针指在如图2所示位置，则电阻Rx测量值为________Ω．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示,一质量为m的小钢珠,用长为l的细丝线挂在水平天花板上,初始时,摆线和竖直方向夹角为θ（θ＜5°）。释放小球后,（1）小球摆到最低点所用时间（2）小球在最低点受到的拉力为多大14．（16分）一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长L=0.40m，两极板的间距d=1.0×10-2m。（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的右侧电场中射出？（要求写出计算和分析过程，只写结果不写过程不给分，g取10m/s2）15．（12分）如图，两平行金属导轨间的距离L=0.4m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在空间内，分布着磁感应强度B=0.5T、方向垂直于导轨平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=6.0V、内阻r=0.5Ω的直流电源．现把一个质量m=0.05kg的导体棒ab垂直放在金属导轨上，导体棒静止．导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R=1.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s1．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）通过导体棒的电流大小；（1）导体棒受到的安培力大小；（3）导体棒受到的摩擦力大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】解：A项，电压表测得的是电源电压，小于电动势，故A项错误。B、D项，电动势是非静电力在电源内部移送单位电荷所做的功，电动势是电源本身的属性，与外接电路无关，故B、D项错误。

C项，电动势衡量电源将其他形式的能转化为电能的本领大小，故C项正确。2、A【解析】

图中导线的等效导线为图中蓝线所示，

由几何关系等效导线的长度故由左手定则判断其受力方向为向上；A．方向沿纸面向上，大小为，与结论相符，选项A正确；B．方向沿纸面向上，大小为，与结论不相符，选项B错误；C．方向沿纸面向下，大小为，与结论不相符，选项C错误；D．方向沿纸面向下，大小为，与结论不相符，选项D错误；3、B【解析】带负电的粒子沿电场线方向飞入匀强电场，电场力的方向与电场线的方向相反，所以电场力的方向与运动的方向相反，电场力做负功，动能减小，故①错误；当垂直进入电场时，电场力做正功，动能增加，故②正确；带电粒子垂直磁感线方向飞入匀强磁场，洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，磁场力不做功，动能不变，故③正确；带电粒子垂直于磁场的方向飞入，运动的方向与磁场的方向平行，则不受洛伦兹力的作用，动能不变，故④错误．所以选B．4、C【解析】

A．当粒子在磁场中保持静止时不受洛伦兹力，故A正确，不符合题意；B．当粒子平行磁感线运动时不受洛伦兹力，故B正确，不符合题意；C．当粒子垂直磁场入射时一定受洛伦兹力，故C不正确，符合题意；D．根据左手定则可知，粒子在磁场中受力方向与磁场方向一定相互垂直，故D正确，不符合题意．故选C．点睛：该题考查带电粒子在磁场中的受力和运动情况，要注意明确洛伦兹力垂直于运动方向，知道当粒子受洛伦兹力F=Bqvsinθ，当粒子平行磁场时不受洛伦兹力．5、C【解析】

“μF”是电容的单位，则此元件是电容器，故选C.6、B【解析】

电场线是从正电荷出发止于负电荷，所以是正电荷；根据点电荷的场强公式得点的电场强度大于点的电场强度；A.与分析不符，故A错误；B.与分析相符，故B正确；C.与分析不符，故C错误；D.与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，油滴所受电场力与重力平衡。A：仅增大R1的阻值，电路中的电流I减小，R1两端的电压U=E-Ir增大，电容器两板间电压增大，板间场强增大，油滴所受电场力增大，电场力大于重力，油滴将向上运动。故A项正确。B：仅增大R2的阻值，不改变电路中电流，电容器两板间电压不变，板间场强不变，油滴所受电场力不变，油滴仍保持静止。故B项错误。C：仅减小两板间的距离，电容器两板间电压不变，板间场强增大，油滴所受电场力增大，电场力大于重力，油滴将向上运动。故C项错误。D：仅断开电键S，电容器通过R1、R2放电，电容器两板间电压减小，板间场强减小，油滴所受电场力减小，电场力小于重力，油滴将向下运动。故D项正确。8、BD【解析】

导体棒开始运动时速度最大，产生的感应电动势和感应电流最大，所受的安培力最大，由E=BLv、I=、FA=BIL得：最大安培力为Fmax=．故A错误．导体棒上滑的过程中，根据动能定理得知，克服安培力、滑动摩擦力和重力做的总功为mv1．故B正确．根据能量守恒可知，上滑过程中导体棒的动能减小，转化为焦耳热、摩擦生热和重力势能，则有电流做功发出的热量为Q=mv1-mgs（sinθ+μcosθ），故C错误．上滑的过程中导体棒的动能减小mv1，重力势能增加mgssinθ，所以导体棒损失的机械能为mv1-mgssinθ．故D正确．故选BD．本题从两个角度研究电磁感应现象，一是力的角度，关键是推导安培力的表达式；二是能量的角度，关键分析涉及几种形式的能，分析能量是如何转化的．9、AD【解析】

木块沿着传送带的运动可能是一直加速，也可能是先加速后匀速，对于加速过程，可以先根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式求解运动时间；【详解】若木块沿着传送带的运动是一直加速，根据牛顿第二定律，有：

根据位移时间公式，有：，解得；

若一直加速到达另一端的速度恰好为v，则有，解得；若先加速后匀速，则匀加速运动的时间，匀速运动的时间，则总时间，故AD正确，BC错误．本题关键是将小滑块的运动分为两种情况分析，一直匀加速或先匀加速后匀速，然后根据牛顿第二定律和运动学公式列式求解．10、AC【解析】

因为在I−U图象中，R=，所以R1=Ω=2Ω，R2=Ω=Ω，所以R1:R2=3:1.故A正确；由欧姆定律得I1=U1/R1，I2=U2/R2，由于U1=U2，则I1:I2=R2:R1=1:3.故C正确。故选：AC由图象的斜率可求得电阻，则可求得电阻之比；由欧姆定律可求得电压相等时的电流；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.422.25【解析】

电流表的最小刻度为0.02A，则读数：0.42A；电压表的最小刻度为0.1V，则读数为2.25V.12、0.772×1003000【解析】解：（1）螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为27.2×0.01mm=0.272mm，所以最终读数为：0.5mm+0.272mm=0.772mm；（2）选“×10”挡位时由图知指针偏转角度较小，被测阻值较大，应换大档：“×100”档，换挡后重新欧姆调零．测量后如图所示指针示数为30Ω，倍率为“×100”，故最后读数为：30×100=3000Ω；故答案为（1）0.772；（2）×100，3000；【点评】本题关键是明确螺旋测微器读数和欧姆表的正确使用方法，注意欧姆表每次换挡后都要重新进行欧姆调零，基础问题．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）3mg-2mg【解析】

（1）小球做简谐运动，则小球从释放到最低点所用的时间为：（2）从释放到最低点，由动能定理有：根据牛顿第二定律有14、（1）6.0×10-12C（2）微粒能从C的电场中射出【解析】

（1）S断开时，电阻R3两端电压为：S闭合后，外阻为：路端电压为：电阻R3两端电压为：则所求流过R4的总电量为：△Q＝CU3−CU3′＝6.0×10−12C（2）设微粒质量为m，电量为q，当开关S断开时有