2027届吉林省四平市公主岭市第五高级中学高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

2027届吉林省四平市公主岭市第五高级中学高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、甲、乙两星球的平均密度相等，半径之比是R甲︰R乙＝4︰1，则同一物体在这两个星球表面受到的重力之比是A．1︰1B．1︰4C．1︰16D．4︰12、平行板间加如图所示周期变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=0时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况，能定性描述粒子运动的速度图象正确的是：A． B． C． D．3、在真空中的两个等量同种电荷，电荷量均为Q，它们相距为r，在它们的连线的中点放置一个点电荷q，则q所受电场力的大小为（）A．0 B． C． D．4、安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设带电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，其电流的等效电流强度I和方向为（）A．，顺时针 B．，顺时针C．，逆时针 D．，逆时针5、为了描绘标有“3V0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化．所给器材如下：（1）电流表（0～200mA，内阻约1Ω）（2）电压表（0～3V，内阻约5kΩ）（3）滑动变阻器（0～10Ω，0.5A）（4）电源（3V）（5）电键一个，导线若干为了准确描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验电路图应选择如图中的（）A． B．C． D．6、如图所示，两根都处于伸长状态的轻质橡皮条A和B在竖直方向上共同系住一小球（A、B未标出），A的弹力为B的弹力的3倍，若B剪断，则在剪断瞬间，小球的加速度大小为（）A．g/3 B．2g/3 C．g D．g/2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为某电源甲和两定值电阻乙和丙的伏安特性曲线，如果将乙和丙分别接在电源甲的两端。则下列说法正确的是（）A．定值电阻乙接在电源两端时，电源的效率高B．定值电阻丙接在电源两端时，电源的效率高C．定值电阻丙接在电源两端时，电源的输出功率大D．无论定值电阻乙还是定值电阻丙接在电源两端，电源的输出功率一样大8、如图所示，为示波器正常工作的示意图，电子经电压U1加速后以速度v0垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h．两平行板间距离为d，电势差为U2，板长是l，为提高示波器的灵敏度h/U2(每单位电压引起的偏转量)可采用以下哪些方法（）A．增大两板间电势差U2B．尽可能使板长l短一些C．尽可能使板距d小一些D．使加速电压U1降低一些9、如图所示，一直流电动机与阻值R=4Ω的电阻串联在电源上，闭合开关，电动机的输入功率为P=20W，电源的电动势E=20V，内阻r=1Ω。用理想电压表测出电动机两端电压，已知电动机线圈的电阻RM=1Ω，则下列说法中正确的是A．通过电动机的电流为10AB．电源的输出功率为36WC．电动机的输出功率为16WD．理想电压表的示数为2V10、在如图甲所示的电路中，调节滑动变阻器的阻值，电源路端电压U随滑动变阻器阻值R的变化关系图像如图乙所示，下列说法正确的是()A．当R=4Ω时，电源总功率为6W，内阻热功率为2WB．电源电动势E=6V，内阻r=1ΩC．该电源输出功率的最大值为4.5WD．滑动变阻器阻值从0.5到10Ω逐渐变大的过程中，电源的总功率减小，输出功率增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)用游标为20分度的卡尺测量物体的长度如图所示，由图可知其长度为_________mm；(2)用螺旋测微器测量物体直径如图，由图可知其直径为_________mm；12．（12分）在测定金属的电阻率的实验中，用该金属制成的长约(0.8m，直径小于1mm的电阻丝，电阻约5Ω左右．实验步骤如下：(1)用米尺测量接入电路部分的金属导线的长度，测三次，求出平均值L．用叠绕法测出金属导线的直径d.(2)用伏安法测量金属导线的电阻R．试把图中所给出的器材连成测量R的合适线路，图中安培表的量程为0.6A，内阻接近1Ω，伏特表量程为3V，内阻为几kΩ，电源的电动势为6V，变阻器的阻值为0Ω～20Ω．要求在闭合电键前，变阻器的滑动触点应处于正确位置．_____(3)用上面测得的L、d和R，根据电阻率的表达式ρ=______，算出所测金属的电阻率．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，平行板电容器两板间距0.1m，板间电压为1×103V，一个质量为0.2g、带1×10-7C正电荷的小球用0.01m长的细线悬挂于板间O点，将球拉到A使线水平拉直，然后释放，g取10m/s2,问:（1）小球摆到最低点B时速度多大?（2）若小球经过B点时线突然断开，以后小球经过B点正下方C点处，则BC相距多远?14．（16分）如图所示的示波管，电子由阴极K发射后，初速度可以忽略，经加速后水平飞入偏转电场，最后打在荧光屏上，已知加速电压为U1，偏转电压为U2，两偏转极板间距为d，板长为L，从偏转极板到荧光屏的距离为D，不计重力，求：（1）电子飞出偏转电场时的偏转距离y；（2）电子打在荧光屏上的偏距OP．15．（12分）如图所示，一个质量m＝40g，带电量q＝-3×10－6C的半径极小的小球，用绝缘丝线悬挂在水平方向的匀强电场中．当小球静止时，测得悬线与竖直方向成37°夹角．已知重力加速度g=10m/s2，求：（1）电场强度的大小和方向？（2）此时细线的拉力大小？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

根据万有引力等于重力，结合质量和密度的关系求出重力加速度的表达式，得出重力加速度之比，从而求出同一物体在星球表面受到的重力之比。【详解】根据万有引力等于重力，得：GMm所以：g=GM又M=ρ·4解得：g=4GρπR因为半径之比是R甲：R乙=4：1，所以星球表面的重力加速度之比为4：1，则同一物体在这两个星球表面受到的重力之比为4：1，故D正确。故应选：D。解决本题的关键掌握万有引力等于重力这一重要理论，得出重力加速度的表达式是解决本题的突破口。2、A【解析】

由于电压在一段时间内是常数，所以电场强度也是常数，带电粒子受到的电场力也是常数，根据牛顿第二定律：F=ma可知带电粒子的加速度也是常数；带电粒子匀加速后，电压反向了，电场力也反向，该粒子做匀减速直线运动．由于加、减速时间相同，该粒子的速度恰好减为零，没有反向运动的机会；下一周期又开始匀加速，故A正确，BCD错误。故选A。3、A【解析】

由库仑定律知，两个等量同种电荷在连线中点处产生的库仑力都为方向相反，合力为零，故A正确，BCD错误。故选A。4、C【解析】试题分析：电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为T=根据电流的定义式得：电流强度为I=因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故C正确．故选C5、A【解析】

灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡正常工作时的电阻所以，所以采用电流表外接法。A.与分析结果相符，故A正确。B.与分析结果不符，故B错误。C.与分析结果不符，故C错误。D.与计算结果不符，故D错误。6、D【解析】设开始B的弹力为F，则A的弹力为3F，根据平衡有：F+mg=3F，解得F=mg/2，剪断B的瞬间，A的弹力不变，根据牛顿第二定律得，，D正确.点睛：剪断B前，根据平衡求出拉力大小，剪断B的瞬间，A的弹力不变，根据牛顿第二定律求出小球的加速度．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．电源的效率为由图中可知，电阻乙两端的电压大于电阻甲，故定值电阻乙接在电源两端时，电源的效率高，故A正确，B错误；CD．当电源内阻等于外电阻时，电源输出功率最大，由图中可知丙电阻与电源内阻相等，故定值电阻丙接在电源两端时，电源的输出功率大，故C正确，D错误；故选AC。8、CD【解析】

本题的关键是根据动能定理和类平抛运动规律求出示波管灵敏度的表达式，然后讨论即可求解；【详解】带电粒子加速时应满足：带电粒子偏转时，由类平抛规律得到：，，

联立以上各式可得：，则：，故CD正确，AB错误。本题是信息的给予题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决本题。9、BC【解析】

A．设电路中的电流为I，则：P=I[E-I(R+r)]即20=I[20-I(4+1)]解得I=2A选项A错误；B．电源的输出功率为选项B正确；CD．电动机两端电压U=E-I(R+r)=10V电动机的输出功率为选项C正确，D错误。10、AC【解析】A、B项：由乙图可知，当R→∞时，U=E，则得电源的电动势E=6V，当R=4Ω时，路端电压U=4V，根据，则电源总功率为，，，解得,故A正确，B错误；C项：电源输出功率的最大值，故C正确；D项：滑动变阻器阻值从0.5到10Ω逐渐变大的过程中，外电路电阻增大，总电流减小，则电源总功率减小，当r=R时，电源输出功率最大，所以输出功率先增大后减小，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、49.101.772【解析】

(1)20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为49mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.05mm=0.10mm，所以最终读数为：49mm+0.10mm=49.10mm.(2)螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为27.2×0.01mm=0.272mm，所以最终读数为1.5mm+0.272mm=1.772mm(1.771~1.775).12、【解析】

（2）待测金属丝电阻远小于电压表内阻，电流表应外接．变阻器的阻值略大于待测电阻，接限流式接法，电路如图（3）根据公式可得,解得本题出示了公式，能帮助学生更好的理解影响电阻大小的因素．本题也可以说是一道创新题，能考查学生的实验创新能力，是一道好题．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）m/s（2）0.08m【解析】

（1）小球由静止释放后到摆到最低点的过程，由动能定理得：，代入解得：（2）小球摆至B点时丝线突然断裂，小球水平方向做有往返的匀减速直线运动，加速度大小为：根据对称性得：小球在竖直方向做自由落体运动，则联立解得：h=0.08m14、（1）（2）【解析】试题分析：（1）设电子加速度后速度为，1在偏转电场中水平方向：2竖直方向：3以上各式得：4（2）由图中三角形相似得：5由45得：考点