广西桂梧高中2027届物理高二上期中达标检测试题含解析

广西桂梧高中2027届物理高二上期中达标检测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中，正确的是（）A．公式只适用于真空中点电荷电场B．由公式可知，导体的电阻与加在导体上的电压成正比C．由公式可知，电势与电势能EP成正比，与放入电场中检验电荷的电荷量q成反比．D．在公式中，是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小；而是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处场强的大小2、如图所示，在匀强电场中，实线MN是一个等势面，虚线AB是一个电子只在电场力作用下的运动轨迹．下列说法正确的是（）A．电子从A到B做匀速圆周运动B．电子在A点的动能比B点大C．B点电势高于A点电势D．电子在B点的电势能比A点大3、如图所示,图线a表示的导体的电阻为R1,图线b表示的导体的电阻为R2,则下列说法中正确的是()A．R1∶R2=1∶3B．R1∶R2=3∶1C．将R1与R2串联后接于同一电源上,则通过它们的电流之比I1∶I2=1∶3D．将R1与R2并联后接于同一电源上,则它们两端的电压之比U1∶U2=1∶34、如图所示，在光滑绝缘的水平面上的A处固定某电荷，在B点有一个以初速度V0向右运动的点电荷，已知该点电荷在运动过程中电势能不断减小，其运动速度图线是下图中的（）A． B． C． D．5、以下说法正确的是（）A．通电导线在磁场中可能会受到力的作用B．磁铁对通电导线不会有力的作用C．两根通电导线之间不可能有力的作用D．两根通电导线之间只可能有引力的作用，不可能有斥力的作用6、如图所示，在两等量异种点电荷连线上有D、E、F三点，且DE＝EF．K、M、L分别为过D、E、F三点的等势面．一个不计重力的带负电粒子，从a点射入电场，运动轨迹如图中实线所示，以|Wab|表示该粒子从a点到b点电场力做功的数值，以|Wbc|表示该粒子从b点到c点电场力做功的数值，则A．|Wab|＝|Wbc| B．|Wab|＜|Wbc|C．粒子由a点到b点，动能减少 D．a点的电势较b点的电势低二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于导体的电阻，下列说法正确的是A．根据，可知R与U成正比，与I成反比B．根据，可知R与L成正比，与S成反比C．白炽灯温度上升电阻变大，是因为灯丝的电阻率变大D．将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则电阻变为原来的4倍8、霍尔效应是美国物理学家霍尔于1879年发现的，利用霍尔效应制成的霍尔位移传感器的测量原理如图所示，有一个沿x轴方向均匀变化的磁场，磁感应强度大小B=B0+kx（B0、k均为常数,且k>0）。在传感器中通以如图所示的电流I，则当传感器沿x轴正方向运动时（）A．霍尔位移传感器的上、下两表面的电势差U越来越大B．k越大，位移传感器的灵敏度∆U∆xC．若该霍尔位移传感器是利用电子导电，则其上表面电势高D．通过该传感器的电流越大，则其上、下两表面间的电势差U越小9、如图所示，用两节干电池点亮几只小灯泡，当逐一闭合开关，接入灯泡增多时，以下说法正确的是：()A．灯少时各灯较亮，灯多时各灯较暗B．灯多时各灯两端的电压较低C．灯多时通过电池的电流较大D．灯多时通过各灯的电流较大10、如图所示，一个充好电与电源断开的竖直放置的平行板电容器，左极板带负电，右极板带正电，板间电场可视为匀强电场。一个质量为m、带电量为-q的油滴，从O点以速度v射入板间，v的方向与水平方向成θ角，油滴到达运动轨迹的最高点N（图中未标出）时，速度大小又为v，并恰好打在电容器的极板上，重力加速度为g，则以下说法中正确的是A．板间的场强大小为B．最高点N与O点的电势差为C．如果两板间距离变小，O点到右板的距离不变，则最高点N的位置变低D．如果两板间距离变小，O点到右板的距离不变，则最高点N的位置变高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U﹣I图象如下，回答下列问题：（1）如图1所示在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头P应放在______端处（填左、右）（2）如图2是根据实验数据画出的U﹣I图象．由此可知这个干电池的电动势E=______V，内电阻r=______Ω．（保留两位有效数字）12．（12分）有一个电流表Ｇ，内阻Rg＝30Ω，满偏电流Ig＝1mA．要把它改装为量程0～0.6Ａ的电流表，要并联____Ω的电阻，改装后电流表的内阻是____Ω四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一个电流表G的内阻=lk，满偏电流为=500uA，现要把它改装成量程为15V的电压表，求：（1）串联的分压电阻；（2）50uA刻度处对应的电压值为多少？14．（16分）两个均带正电荷的金属小球Q和q，它们分别放置在相距r=0.3m的A、B两点，两带电小球均可视为点电荷，如图所示．已知q=1.6×10－10C，且q在B点受到的电场力F=3.2×10－6N，静电力常量k=9.0×109N·m2/C2.求(1)B点处的电场强度的大小E为多少？(2)A点处的带电小球电量Q为多少？(3)若将两带电小球靠得很近，但不接触，这时能否将它们视为点电荷？（不要求说明原因）15．（12分）一平行板电容器长l＝10cm，宽a＝8cm，板间距d＝8cm，在板左侧有一足够长的“狭缝”离子源，沿着两板中心平面，连续不断地向整个电容器射入离子，它们的比荷均为3×1010C/kg，速度均为3×106m/s，距板右端l/2处有一屏，如图甲所示，如果在平行板电容器的两极板间接上如图乙所示的交流电，由于离子在电容器中运动所用的时间远小于交流电的周期，故离子通过电场的时间内电场可视为匀强电场，不计离子重力．试求：(1)离子打在屏上的区域面积；(2)在一个周期内，离子打到屏上的时间．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A项：电场强度的定义式适用于一切电场，故A错误；B项：根据公式：可知，导体的电阻与电阻率成正比，与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比，故B错误；C项：电势φ是由电场本身决定的，与电势能EP无关，与放入电场中检验电荷的电荷量q无关，与O势能点的选择有关，故C错误；D项：在公式中，是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小；而是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小，故D正确．点晴：电场强度定义式，q是试探电荷的电荷量，定义式适用于一切电场，不能简单地从数学角度来理解物理公式．2、C【解析】

由运动轨迹虚线AB等势面MN可知，电场力方向指向凹的一侧即垂直MN向下，由于匀强电场中电场力与电场线平行，则电场方向向上．电子在匀强电场中受电场力恒定，则不可能做匀速圆周运动，故A错误；若电子从A到B，电场力做正功，电子的动能增大，电势能减小，则电子在A点的动能比B点小，在A点的电势能大；若电子从B到A，电场力做负功，电子的动能减小，电势能变大，则电子在A点的动能比B点小，在A点的电势能大；故BD错误；因为电场线向上，沿着电场线的方向电势是降低的，所以B点电势高于A点电势，故C正确；故选C．电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．3、A【解析】根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，，，所以R1：R2=1：1．则A正确，B错误；串联的电流相同，则C错误，并联后电压相同，则D错误；故选A.4、B【解析】

根据题意，B的电势能不断减小，说明电场力做正功，B电荷的动能增加，所以电荷的速度是增大的，C错误；根据公式可得，当B远离A球的时候，B受到的库仑力逐渐减小，根据牛顿第二定律可知，B电荷的加速度在减小，在v-t图像中斜率代表加速度，即图像的斜率在减小，A、D错误，故选B。5、A【解析】

A．当电流与磁场平行时，不受安培力作用，因此电流在磁场中受力是有条件的，故A正确；B．通电导线在磁铁形成的磁场中，当电流方向和磁场有一定的夹角时，将受到安培力作用，故B错误；C．通电导线会在它的周围产生磁场，而磁场会对其它通电导线具有安培力的作用，故C错误；D．两根通电导线如果电流方向相同，则存在引力作用，如果电流方向相反，则存在斥力作用，故D错误。故选A。6、C【解析】

A、B根据等量异种点电荷电场线的分布情况可知，DE段场强大于EF段场强，由公式U=Ed定性分析得知，DE间电势差的绝对值大于EF间电势差的绝对值，由电场力做功公式W=qU得，|Wab|＞|Wbc|．故A错误，B也错误．C、D由图看出，电荷的轨迹向左弯曲，则知其所受的电场力大致向左，所以等量异种点电荷中正电荷在左侧，负电荷在右侧，a点的电势高于b点的电势，粒子由a到b过程中，电势能增大，动能减小．故C正确，D错误．故选C．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

A．根据电阻定律可知，导体的电阻大小的影响因素：长度、横截面积、材料。跟电压、电流都无关，故A错误；B．根据电阻定律可知，导体的电阻R与长度L成正比，与横截面积S成反比，故B正确；C．白炽灯温度升高，电阻率增大，电阻变大，故C正确；D．将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍，则横截面积减小为原来的一半，根据电阻定律可知，电阻变为原来的4倍，故D正确。8、ABC【解析】

最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有qUc=qvB，电流的微观表达式为I=nqvS=nqvbc，所以U=BInqb．B越大，上、下表面的电势差U越大。电流越大，上、下表面的电势差U越大。故A正确，D错误。k越大，根据磁感应强度B=B0+kx，知B随x的变化越大，根据U=BInqb知，U随x的变化越大，即传感器灵敏度（△U△x解决本题的关键知道霍尔元件中移动的是自由电子，最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，上下表面形成稳定的电势差．9、ABC【解析】试题分析：由并联电路的规律可知外部总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可判断路端电压和通过电池的电流变化．解：A、B、C由图可知，灯泡均为并联．当点亮的电灯数目增多时，并联的支路增多，由并联电路的电阻规律可知，外部总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，通过电池的电流增大，则电池的内电压增大，故路端电压减小，灯泡两端的电压变小，灯泡变暗，故AB正确，C错误；D、由上分析可知，灯多时，通过电池的总电流减小，而支路的数目增大，所以各灯的电流较小，故D错误．故选AB【点评】解答本题应掌握：并联电路中并联支路越多，总电阻越小；同时注意闭合电路欧姆定律在电路动态分析中的应用方法，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的思路进行分析．10、AB【解析】

AB．因油滴到达最高点时速度大小为v，方向水平，对于O到N的过程用动能定理有：所以有：在竖直方向上油滴做初速度为的竖直上抛运动，则有：即：油滴由O到N的运动时间有：则在水平方向上由运动学公式和牛顿第二定律可得：联立解得：所以A正确，B正确.CD．如果两板间距离变小，电荷量不变，根据：知板间电场强度不变，又O点到右板的距离不变，鼓最高点处N的位置不变，故C错误，D错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、右端1.51.0【解析】(1)闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处,即右端。

(2)在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势,所以由图可以读出电源的电动势为1.5V。图象中的斜率表示电源的内阻即：r=ΔU12、0.050.05【解析】把电流表改装成0.6A的电流表，需要并联分流电阻阻值：改装后电流表的内阻：综上所述本题答案是：（1）.（2）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）1.5V【解析】

本题（1）的关键是根据串联电路规律和欧姆定律解出分压电阻阻值即可；题（2）的关键是明确电压表表盘刻度是均匀的，然后按比例求解即可．【详解】（1）根据欧姆定律可知，需要串联的分压电阻为：.

（2）由改装原理可知，500μA刻度对应的电压为15V，由于电压表的刻度是均匀的，所以50μA刻度对应的电压应是电压表或电流表的改装原理是欧姆定律和串并联规律，可以先画出电路图，然后求解即可；应明确直流电表的表盘刻度是均匀的．14、(1)E=2×104N/C(2)Q=2×10-7C(3)不能【解析】(1)根据电场强度的定义有：(2)由得代入数据得：(3)若将两带电小球靠得很近，但不接触，这时带电小球由于电荷间的相互作用，其上的电荷不再均匀分布，即两球的体积形状对电荷分布和电荷间的作用影响很大，不能看成点电荷处理．【点睛】本题要掌握电场强度的定义式和真空中点电荷的场强公式、匀强电场的场强计算式，代入数据计算即可，但是要注意