四川省南充市阆中中学2027届物理高二上期中质量跟踪监视试题含解析

四川省南充市阆中中学2027届物理高二上期中质量跟踪监视试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列说法中错误的是A．1820年，奥斯特发现了电流的磁效应B．库伦发现了电磁感应现象C．安培提出了分子电流假说D．麦克斯韦最终建立了经典电磁场理论2、对计算任何用电器的电功率都适用的是（）①.P=I2R②.P=U2RA．①②B．②③C．①③D．③④3、根据下面给出的速度和加速度的正负，对运动性质的判断正确的是（）A．v0>0，a<0，物体做加速运动 B．v0<0，a<0，物体做减速运动C．v0<0，a>0，物体做加速运动 D．v0>0，a>0，物体做加速运动4、关于电功W和电热Q的说法，正确的是（）A．在任何电路里都有，，且B．在任何电路里都有，，且W不一定等于QC．，均只在纯电阻电路中才成立D．在任何电路中都成立，在任何电路中成立5、如图所示，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距8cm，A、B连线与电场线夹角为，若取B点电势为0，则A点电势为A．-8V B．8V C．-4V D．4V6、如下图所示为某新型夹砖机，它能用两支巨大的“手臂”将几吨砖夹起，大大提高了工作效率．已知该新型某夹砖机能夹起质量为m的砖，两支“手臂”对砖产生的最大压力为Fmax(设最大静擦力等于滑动摩擦力)，则“手臂”与砖之间的动摩擦因数至少为()A．μ＝B．μ＝C．μ＝D．μ＝二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间的电势差为U1，板间场强为E1，电容器的电容为C1.现将电容器所带电荷量变为3Q，板间距变为d3，其他条件不变，这时两极板间电势差为U2，板间场强为E2，电容器电容为C2，下列说法正确的是A．C2＝3C1，U2＝U1B．C2＝3C1，E2＝4E1C．U2＝U1，E2＝3E1D．U2＝2U1，E2＝2E18、一带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断（）A．粒子受到静电排斥力的作用B．粒子速度vb＞vaC．粒子动能Eka＜EkcD．粒子电势能Epb＞Epc9、如图所示，电路中A．B为两块竖直放置的金属板，G是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述哪些做法可以使指针张角增大（）A．使A．B两板靠近一些B．使A．B两板正对面积错开一些C．断开S后，使B板向右平移拉开一些D．断开S后，使A．B正对面积错开一些10、如图所示，短形线框abcd与磁场方向垂直，且一半在匀强磁场内，另一半在磁场外，若要使线框中产生感应电流，下列方法中可行的是A．以ad边为轴转动B．以中心线OO＇为轴转动C．以ab边为轴转动（小于60°）D．以cd边为轴转动（小于60°）三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）目前很多用电器的指示灯是发光二极管。某厂家提供的某种型号发光二极管的伏安特性曲线如图所示，该二极管的正常工作电压为3.0V，允许通过的最大电流为56mA。（1）该二极管正常工作时阻值约为（_____）A．5ΩB．15ΩC．75ΩD．30Ω（2）某同学用中值电阻为10Ω的多用电表欧姆挡测量该二极管的正向电阻，下列测量方法更合理的是（_____）A．B．C．D．12．（12分）一研究性学习小组研究小灯泡的伏安特性，小灯泡上标有额定电压“4V”字样，但额定功率和电流均不清晰，实验室备有的器材是：电压表（6V,6kΩ)、电流表（0～0.6A,0.1Ω)、电池组（电动势为6V）、开关、滑动变阻器、小灯泡、导线若干．实验时要求小灯泡两端电压从零逐渐增大到额定电压以上．（1）他们应选用下图中____________图所示电路进行实验．（2）根据实验测得数据描绘出如图所示U－I图象，由图分析可知，小灯泡电阻随温度T变化的关系是______________________。（3）根据U－I图象可知小灯泡的额定功率为_______W四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在水平向右的匀强电场中，有一质量为m、带正电的小球，用长为l的绝缘细线悬挂于O点，当小球静止时细线与竖直方向的夹角为θ.现给小球一个初速度，使小球恰能在竖直平面内做圆周运动，试问：（1）小球在做圆周运动的过程中，在哪一位置速度最小？速度最小值为多少？（2）小球的初速度应为多大？14．（16分）有一带电荷量q＝－3×10－6C的点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服静电力做功6×10－4J。求：(1)AB间电势差为多少？(2)如果B点电势为零，电荷在A点的电势能为多少？15．（12分）如图所示，倾角为30°的光滑斜面的下端与水平地面平滑连接（可认为物体在连接处速率不变）．一个质量为m的小物体(可视为质点)，从距地面h=3.2m高处由静止沿斜面下滑．物体与水平地面间的动摩擦因数为0.5

，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物体沿斜面下滑时的加速度是多大？（2）物体沿下斜面滑到底端时的速度是多大？（3）物体由静止开始下滑到停止需要多长时间？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A．1820年，奥斯特发现了电流的磁效应，选项A正确，不符合题意；B．法拉第发现了电磁感应现象，选项B错误，符合题意；C．安培提出了分子电流假说，选项C正确，不符合题意；D．麦克斯韦最终建立了经典电磁场理论，选项D正确，不符合题意。2、D【解析】

电功公式W=UIt，电功率P=W/t＝UI，适用于一切电路。故③④正确。非纯电阻电路中，欧姆定律不适用，故I≠U/R，故公式P=U2/R不能求解热功率，也不能求解电功率。故②错误。公式P=I2R计算热功率；非纯电阻电路中，电功率大于热功率，故③错误。故选D。3、D【解析】

A．，，说明物体加速度方向与速度方向相反，物体应该做减速运动，故A错误；B．，，说明物体加速度方向与速度方向相同，物体应该做加速运动，故B错误；C．，，说明物体加速度方向与速度方向相反，物体应该做减速运动，故C错误；D．，，说明物体加速度方向与速度方向相同，物体应该做加速运动，故D正确。故选D。4、B【解析】

AB．在纯电阻电路中在非纯电阻电路中所以A错误，B正确；C．由题意，在任何电路中都是适用的，所以C错误；D．由题意在任何电路中都成立只在纯电阻电路中成立，所以D错误。故选B。5、D【解析】

由图示可知，根据顺着电场线方向电势降低，可知B的电势低于A的电势，则UBA＜0，AB方向与电场线方向间的夹角为：，BA两点沿电场方向的距离为BA两点间的电势差为：因取B点电势为0，则A点电势为：A.-8V与分析不符，故A错误；B.8V与分析不符，故B错误；C.-4V与分析不符，故C错误；D.4V与分析相符，故D正确。6、B【解析】对砖进行受力分析，根据平衡条件得：2f=mg；2μFmax=mg；解得：，故选B．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：板间距为d时C1=εS4πkd，C2=εS4πkd3=3εS4πkd考点：考查了电容器的动态变化【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据C=εS4πkd判断电容器的电容变化情况，然后结合E=U8、AD【解析】试题分析：从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了向左的力（排斥力）作用，从a到b过程中，电场力做负功，可判断电势能的大小和速度大小．a、c两点处于同一等势面上，由动能定理分析粒子在a、c两点的速度大小关系．解：A：如图所示，轨迹向左弯曲，带电粒子所受的电场力方向向左，则带电粒子受到了排斥力作用．故A正确．B：从a到b过程中，带电粒子受到了排斥力作用，电场力做负功，可知电势能增大，动能减小，粒子在b点的速度一定小于在a点的速度．故B错误．C：a、c两点处于同一等势面上，从a到c，电场力为零，则a、c两点动能相等，故C错误．D：从b到c过程中，电场力做正功，可知电势能减小，粒子在b点的电势能一定大于在c点的电势能，故D正确．故选AD【点评】本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路．9、CD【解析】

试题分析：闭合S，则两极板和电源相连，所以电压不变，即指针的角度不变，AB错误，断开S后，两极板的电荷量不变，根据公式C=εS4πkd可得使B板向右平移拉开一些后，电容减小，根据公式C=QU可得电势差增大，故指针角度变大，C正确，使A、B两板正对面积错开一些，电容减小，根据公式考点：本题考查了电容的动态分析点评：在做此类型的题目时，需要先根据公式C=εS4πkd判断电容的变化，然后再根据公式10、ABC【解析】A.以ad边为轴转动，穿过线圈的磁通量减小，有感应电流产生。故A正确；B.以中心线OO′为轴，穿过线圈的磁通量减小，有感应电流产生。故B正确；C.以ab边为轴转动(小于60∘)，穿过线圈的磁通量减小，有感应电流产生。故C正确；D.以cd边为轴转动(小于60∘)，穿过线圈的磁通量Φ=BS/2，保持不变，没有感应电流产生。此法不可行。故D错误。故选：ABC.点睛：磁通量是穿过线圈的磁感线的条数．对照产生感应电流的条件：穿过电路的磁通量发生变化，分析判断有无感应电流产生．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CA【解析】

（1）[1]．二极管电阻：故选C.（2）[2]．欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，红表笔与内阻电源负极相连，测二极管正向电阻，欧姆表黑表笔与二极管正极相连，红表笔与二极管负极相连，用欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近，由图示电路图可知，图A所示正确；12、A小灯泡电阻随温度的升高而变大2【解析】

（1）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后选择实验电路；（2）根据图示图象应用欧姆定律分析答题，明确U-I图象中图象的斜率表示电阻；（3）由图示图象求出电压对应的电流，然后由P=UI求出功率．【详解】（1）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流用从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，因此应选择图A所示实验电路．（2）由图示图象可知，随电压增大通过灯泡的电流增大，灯泡实际功率变大，灯泡温度升高，灯泡两端电压与电流的比值变大，灯泡电阻增大．（3）由图示图象可知，灯泡额定电压4V对应的电流为0.5A，灯泡额定功率P=UI=4×0.5=2W。题考查了实验电路的选择、实验数据处理，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确选择实验电路的前提与关键，要掌握应用图象法处理实验数据的方法．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）当小球运动至位于与A点对应的同一直径上的另一端点B时，速度最小，（2）【解析】（1）重力与电场力的合力：，电场力为：F电=mgtanθ，小球恰好做圆周运动，在平衡位置的反方向上的圆周位置上B点时速度最小，由牛顿第二定律得：，

解得小球的最小速度为：；

（2）由动能定理可得：-mg•2lcosθ-mgtanθ×2lsinθ=mv2-mvA2，

解得：．点睛：本题考查了牛顿第二定律动能定理的综合应用；此题还可以用电场和重力场的等效场的思想来解答，可以和重力场类比．14、(1)200V(2)－6×10－4J【解析】（1）电荷由A移向B克服静电力做功即静电力做负功，WAB=-6×10-4

J，

（2）若φB=0，由UAB=φA-φB得，

φA=φB+UAB=0+200）V=200

V

电荷在A点的电势能EpA=qφA=-3×10-6×200

J=-6×10-4

J．15、(1)5m/s2；（2）【解析】(1)物体沿斜面下滑,由牛顿运动定律有：mgsinθ=ma1,解得：a1=5m/s2；(2)物体沿斜面下滑过程做初速度为零的匀加速直线运动，由匀变速直线运动的速度位移公式得：v2=2ax，位移x=h/sinθ，解得：v=8m/s；(3)