2027届云南省玉溪市元江县一中物理高二上期中调研模拟试题含解析

2027届云南省玉溪市元江县一中物理高二上期中调研模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，已知R1=50Ω，右方虚线框内为黑盒，黑盒内电阻未知，今用电压表测得UAC=10V，UBC=40V，则A、B的总电阻为（）A．75Ω B．150Ω C．200Ω D．250Ω2、如图所示，当交流电源的电压(有效值)U＝220V，频率f＝50Hz时，三只灯泡L1、L2、L3的亮度相同(L无直流电阻)，若将交流电源的频率变为f＝100Hz，则()A．L1灯比原来暗 B．L2灯比原来亮C．L3灯和原来一样亮 D．L3灯比原来亮3、在长为50m的标准泳池举行200m的游泳比赛，参赛运动员从出发至比赛终点的位移和路程分别是A．0m，50m B．50m，100m C．100m，50m D．0m，200m4、在图所示电路中，电源的电动势为ε，内阻为r，当滑动变阻器的滑片向上滑动时，通过电阻R1的电流I1和通过滑动变阻器R2的电流I2的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小5、如图所示，质量相等的两个小球A和B紧贴倒圆锥筒的光滑内壁各自做水平面内的匀速圆周运动，则（）A．A球受到的支持力较大B．B球受到的支持力较大C．A球运动的线速度较大D．B球运动的线速度较大6、面积为0.4m2的5匝圆形线圈垂直磁场方向放置在匀强磁场中，磁场的磁感应强度B＝2＋0.5t（T），则A．线圈有扩张的趋势B．线圈中磁通量的变化率为1Wb/sC．线圈中的感应电动势为1VD．t＝4s时，线圈中的感应电动势为8V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，纸面内有一匀强电场，带正电的小球（重力不计）在恒力F的作用下沿图中虚线由A匀速运动至B，已知力F和AB间夹角为θ，AB间距离为d，小球带电量为q，则下列结论正确的是A．电场强度的大小为B．AB两点的电势差为C．带电小球由A运动至B过程中电势能增加了D．带电小球若由B匀速运动至A，则恒力F必须反向8、如图所示，从炽热的金属丝漂出的电子（速度可视为零），经加速电场加速后从两极板中间垂直射入偏转电场．在满足电子能射出偏转电场的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（）A．仅增大加速电场的电压B．仅减小偏转电场两极板间的距离C．仅增大偏转电场两极板间的电压D．仅减小偏转电场两极板间的电压9、如图所示，一质量为m、带电荷量为q的物体处于场强按E＝E0－kt(E0、k均为大于零的常数，取水平向左为正方向)变化的电场中，物体与竖直墙壁间动摩擦因数为μ，当t＝0时刻物体处于静止状态．若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是()A．物体开始运动后加速度先增加、后减小B．物体开始运动后加速度不断增大C．经过时间，物体在竖直墙壁上的位移达最大值D．经过时间，物体运动速度达最大10、如图所示，水平向右的匀强电场中，一带电粒子从A点以竖直向上的初速度开始运动，经最高点B后回到与A在同一水平线上的C点，粒子从A到B过程中克服重力做功2.0J，电场力做功3.0J，则A．粒子做匀变速曲线运动B．粒子在B点速度为零C．粒子在C点的机械能比在A点多12.0JD．粒子在C点的动能为14.0J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)如图为某同学“验证机械能守恒定律”的实验装置图，现有的器材：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带夹子的重物、导线若干．为完成此实验，除了所给的器材，还需要_____．(填选项前的字母)A．刻度尺B．秒表C．220V交流电源D．低压交流电源（2）打点计时器的电源为交流电源（频率为50Hz），如图为打出纸带的一部分，A、B、C为连续的三个点，用刻度尺量得，xAB=4.15cm，xBC=4.53cm，则可得到打B点时重物下落的速度大小vB=_______m/s．（结果保留三位有效数字）。（3）在如图所示“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，可通过位移的测量来代替加速度的测量，即a1a2=x1x2使用这种方法需满足的条件是两小车_____________(填“质量”、“12．（12分）如下图所示是研究匀变速直线运动的实验中得到的一条纸带，舍去前面比较密集的点，从0点开始每5个点取一个计数点：0、1、2、3、4、5、6，量得s1＝1.30cm，s2＝3.10cm，s3＝5.38cm，s4＝8.1cm，s5＝11.45cm，s6＝15.26cm；(1)计算打下1、2、3、4、5五个计数点时小车的瞬时速度(要求保留3位有效数字)v1=________m/s；v2=________m/s；v3=________m/s；v4=________m/s；v5=________m/s；(2)将1、2、3、4、5各个时刻的瞬时速度标在如下图所示的直角坐标系中，并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，P是正点电荷Q产生的电场中的一点，它到点电荷Q的距离，已知Q所带电荷量为，静电力常量是．求：(1)P点电场强度的大小和方向；(2)若将电荷量为的试探电荷q放在P点，q受到的电场力是多大.14．（16分）如图所示，将长为50cm、质量为10g的均匀金属棒ab的两端用两只相同的弹簧悬挂成水平状态，位于垂直于纸面向里的匀强磁场中．当金属棒中通以0.4A的电流时，弹簧恰好不伸长．g＝10m/s1．(1)求匀强磁场的磁感应强度的大小；(1)当金属棒中通过大小为0.1A、方向由a到b的电流时，弹簧伸长1cm．如果电流方向由b到a，而电流大小不变，则弹簧伸长又是多少？15．（12分）如图所示的电路中，当S闭合时，电压表和电流表（均为理想电表）的示数各为1.6V和0.4A；当S断开时，它们的示数变为1.7V和0.3A，求电源的电动势和内阻．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

设CB间的总电阻为RCB．由于电阻R1与CB间的总电阻串联，则根据串联电路的特点有：R1：RCB=UAC：UBC=10：40代入解得,RCB=200Ω故RAB=R1+RCB=250Ω.故ABC错误，D正确故选D2、C【解析】

三个支路电压相同，当交流电频率变大时，电感的感抗增大,电容的容抗减小,电阻所在支路对电流的阻碍作用不变；所以流过L1的电流变大，流过L2的电流变小，流过L3的电流不变.故L1变亮，L2变暗，L3亮度不变.

所以选C.3、D【解析】

考查位移和路程。【详解】在长为50m的标准泳池举行200m的游泳比赛，来回4趟，最后回到出发点，位移为0，路程为200m，D正确；ABC错误，故选D。4、A【解析】当滑动变阻器的滑片向上滑动时，R2增大，整个电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大，所以通过R1的电流I1增大，而总电流I减小，则流过R2的电流I2减小，故A正确，BCD错误．故选A．5、C【解析】试题分析：AB、对小球受力分析，小球受到重力和支持力，它们的合力提供向心力，如图筒对小球的支持力N=，与轨道半径无关，则由牛顿第三定律得知，小球对筒的压力也与半径无关，即有球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力．故AB错误；CD、根据牛顿第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=．由于A球的转动半径较大，A线速度较大．故C正确，D错误．故选C6、C【解析】磁场在增强，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律“增缩减扩”，线框有收缩的趋势，所以A错误．磁通量的变化率，所以B错误．感应电动势为一恒定值．所以C正确，D错误．故选C．【点睛】根据楞次定律判断线圈是否有扩张的趋势；根据计算磁通量的变化率；根据法拉第电磁感应定律计算电动势．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】由题，小球的重力不计，只受到电场力与恒力F而做匀速直线运动，则有，qE=F，则得场强．故A错误．A、B两点的电势差为UAB=Edcosθ=．故B正确．带电小球由A运动至B过程中恒力做功为W=Fdcosθ，根据功能关系可知，电势能增加了Fdcosθ．故C正确．小球所受的电场力恒定不变，若带电小球由B向A做匀速直线运动时，恒力F大小、方向不变．故D错误．故选BC．点睛：本题要根据小球的运动状态分析受力情况、确定外力做功、判断电势能变化，要注意明确物体做匀速运动时，恒力F与电场力一定等大反向．8、BC【解析】

电子经电场加速后，进入偏转电场，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出电子离开电场时数值方向分速度，表示出偏转角正切值的表达式，从而判断使偏转角变大的方法．【详解】电场中的直线加速，由动能定理：，可得；在偏转电场做类平抛运动，，加速度，，运动时间为，可得偏转角的正切值为，联立可得：.若使偏转角变大即使tanθ变大，由上式看出可以增大U2，或减小U1，或增大L，或减小d，则A、D错误，B、C正确．故选BC．本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成.9、BC【解析】由题意可知，在电场改变方向之前，物体沿竖直墙运动，由于水平方向支持力与电场力相等，电场强度减弱，所以支持力减小，故摩擦力减小，所以物体受到的重力和摩擦力的合力增大；电场改为水平向右时，物体受互相垂直的重力和电场力，而电场力随电场强度的增大而增大，所以合力增大．因此，整个过程中，物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，故AB错误；因为场强按E=E0-kt变化可知，当电场强度为零时，物体在水平方向上不受力，当场强方向向右后，物体在水平方向上受向右的电场力．据以上分析可知，当场强为零时，物体开始离开墙壁，即E0-kt=0，解得：，此时在竖直墙壁上的位移最大，故C正确；根据以上分析知，物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，故D错误．所以C正确，ABD错误．10、ACD【解析】

水平受Eq向右，一直做初速度为0的匀加速直线运动，竖直受mg向下，做竖直上抛运动，互不影响．抓住竖直上升到最高点的时间等于从最高点落回抛出高度的时间．结合水平位移关系求出整个过程中电场力做功的大小．从而通过动能定理求出物体折回通过与A点在同一水平线上的C点时的动能大小，电场力做功与电势能的关系，求电势能；除重力做功外，其他力做功对应机械能的变化．【详解】A项：由于粒子受重力，恒定的电场力作用力，所以粒子的加速度恒定，故粒子做匀变速曲线运动，故A正确；B项：从A到B粒子在竖直方向上做匀减速运动，水平方向做匀加速运动，B为最高点，所以粒子在B点的竖直方向速度为零，水平方向速度不为零，故B错误；C、D项：竖直方向：粒子做竖直上抛运动，则运动时间水平方向：粒子做初速度为零的匀加速直线运动水平位移：上升的过程电场力做功：W1=qEx1最高点时，竖直方向的速度为0，故小球的动能与电场力做的功相等，即：W1=3J下降的过程中，竖直方向做自由落体运动，与竖直上抛是对称的所以下降的时间：t2=t1水平方向的总位移：全过程中电场力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=12J全过程中，重力做功为0，根据动能定理：W2=EK末-EK初所以：EK末=EK初+W2=2+12=14J除重力做功外，其他力做功对应机械能的变化，所以粒子在A点的机械能比在C点少12.0J故C，D正确．解决本题的关键知道小球在竖直方向和水平方向上的运动规律，结合等时性进行求解，注意不一定求动能就把速度求出来，有时只需要知道速度之比即可，难度适中．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）AD（2）2.17（3）运动时间【解析】

根据实验需要测量的物理量确定所需的器材；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度;加速度；根据位移与时间的关系来判断加速度与位移之比；【详解】（1）打点计时器可以测量时间，不需要秒表，在实验中需要测量速度和下落的距离，所以需要刻度尺，电磁打点计时器使用6V以下交流电源，故选项AD正确，BC错误；

（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：vB=x