山东省安丘市第二中学2027届高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

山东省安丘市第二中学2027届高二物理第一学期期中学业质量监测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中正确的是（）A．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小B．把一导体拉长后，其电阻率增大，电阻值增大C．磁感线都是从磁体的N极出发，到磁体的S极终止D．通电直导线在磁场中受到的安培力方向一定与磁场方向垂直2、如图所示为多用电表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻r0=100Ω，调零电阻最大阻值为R=50kΩ，串联的定值电阻R0=50Ω，电池电动势E=1.5V，用它测量电阻Rx的阻值，能准确测量的阻值范围是（）A．30~80kΩ B．3~8kQC．300~800kΩ D．3000～8000kΩ3、如图所示，速度为v0、电荷量为q的正离子恰能沿直线飞出离子速度选择器，选择器中磁感应强度为B，电场强度为E，则A．若改为电荷量–q的离子，将往上偏（其他条件不变）B．若速度变为2v0将往上偏（其他条件不变）C．若改为电荷量+2q的离子，将往下偏（其他条件不变）D．若速度变为将往上偏（其他条件不变）4、LED灯是一种半导体新型节能灯．已知某种型号的LED灯在一定电压范围内的工作电流是20mA，在不同电压下发出不同颜色的光：当两端电压为1.8V时，发黄光；当两端电压为1.4V时，发红光；当两端电压为3.2V时，发蓝光．广告牌上LED灯数量为10000个/m2，那么一块8m2的LED广告牌发红光时，需要供给的电功率大约是A．500w B．100wC．1250w D．2300w5、真空中两个同性的点电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止。今释放q2且q2只在q1的库仑力作用下运动，则q2在运动过程中受到的库仑力A．不断减小 B．不断增加 C．始终保持不变 D．先增大后减小6、如图所示，在匀强电场中，电荷量q＝5.0×10－10C的正电荷，由a点移到b点和由a点移到c点，静电力做功都是3.0×10－8J．已知a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab＝20cm，∠a＝37°，∠c＝90°，（sin37°=0.6,cos37°=0.8）则a、b两点的电势差Uab及匀强电场的场强的结论，正确的是（）A．Uab=60V；E=375V/m、方向垂直bc向右B．Uab=-60V；E=375V/m、方向垂直bc向左C．Uab=60V；E=500V/m、方向垂直ac向上D．Uab=-60V；E=500V/m、方向垂直ac向下二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列描述电场的物理量中哪些与试探电荷无关？()A．电场强度B．电势C．电势能D．电势差8、一质量为m的物体、在距地面高h处以的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中正确的是（）A．物体的重力势能减少B．物体的机械能减少C．物体的动能增加D．物体的重力做的功为mgh9、一根粗细均匀的金属导线阻值为R，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，已知电流微观式为I=neSV，其中n为单位体积电子个数，e为元电荷，S为导线模截面积，则下列说法中正确的是A．此时金属导线的阻值为4RB．此时通过金属导线的电流为C．此时自由电子定向移动的平均速率为D．此时自由电子定向移动的平均速率为10、如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=2:1,V和A均为理想电表，灯泡电阻RL=6Ω,AB端电压.下列说法正确的是A．电流频率为50HzB．V的读数为24VC．A的读数为0.5AD．变压器输入功率为6W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“测定电源的电动势和内电阻”的实验中，采用如图所示实验电路．(1)如图是根据实验数据作出的U－I图象，由图可知，电源的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.(2)在其他操作规范的情况下，该实验误差产生的主要原因是________，测得电源的电动势________．(填“偏大”或“偏小”)(3)在测定电源的电动势和内阻的实验中，除上述方法外，待测电池、开关和导线配合下列哪组仪器，可以达到测定目的（_____）A．一只电流表和一个滑动变阻器

B．一只电压表和一个定值电阻C．一只电流表和一个电阻箱

D．一只电压表和一个电阻箱12．（12分）用伏安法测量一电池的内阻．已知该待测电池的电动势E约为9V，内阻约数十欧，允许输出的最大电流为50mA．可选用的实验器材有：电压表（量程5V）；电压表（量程10V）；电流表（量程50mA）；电流表（量程100mA）；滑动变阻器R（最大阻值300）；定值电阻R1（阻值为200，额定功率为W）；定值电阻R2（阻值为200，额定功率为1W）；开关S；导线若干．测量数据如坐标纸上U-I图线所示．（1）在答题卡相应的虚线方框内画出合理的电路原理图，并标明所选器材的符号．（2）在设计的电路中，选择定值电阻的根据是_____________．（3）由U-I图线求得待测电池的内阻为_________.（4）在你设计的实验电路中，产生系统误差的主要原因是___________．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）虽然单个细微粒子撞击一个巨大物体上的力是局部而短暂的脉冲，但大量粒子频繁撞击在物体产生的平均效果是个均匀而持续的压力．为简化问题，我们设粒子流中每个粒子的速度都与物体的界面<壁)垂直，并且速率也一样，皆为．此外，设每个粒子的质量为m，数密度(即单位体积内的粒子数)为．求下列两种情况下壁面受到的压强．(1)粒子完全射入壁面;(2)粒子等速率弹回.14．（16分）如图所示，半径为R的绝缘球壳上均匀地带有电荷量为的电荷，另一电荷量为的点电荷放在球心处，由于对称性，点电荷受力为零，现在球壳上挖去半径为的一个小圆孔，则此时置于球心的点电荷所受静电力的大小为多少？方向如可？（已知静电力常量为k）15．（12分）如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，且CD＝4cm，CD连线和场强方向成θ=60°角．一个电子从D点移到C点过程中电场力做功为3.2×10－17J，求：（电子的电荷量e=1.60×10－19C）（1）A、B间匀强电场的场强；（2）A、B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：电阻是由导体本身决定的，与电流大小无关，所以A错误；电阻率是由导体材料决定的，相同材料，电阻率相同，所以B错误；磁感线在磁体的外面是从磁体的N极出发，到磁体的S极，在磁体内部是由磁体的S极出发，到磁体的N极,磁感线是闭合曲线，所以C错误；由左手定则可知安培力方向，磁场方向，电流方向三者之间两两相互垂直，所以D正确．考点：电阻定律，磁感线，安培力2、B【解析】

欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小；欧姆表的中值电阻R中等于欧姆表的内阻R总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时Ig=ER总A.30~80kΩ，与结论不相符，选项A错误；B.3~8kΩ，与结论相符，选项B正确；C.300~800kΩ，与结论不相符，选项C错误；D.3000～8000kΩ，与结论不相符，选项D错误；3、B【解析】

粒子受到向上的洛伦兹力和向下的电场力，二力平衡时粒子沿直线运动，当二力不平衡时，粒子做曲线运动，从而即可求解．【详解】正离子恰能沿直线飞出离子速度选择器，根据左手定则判断可知，离子受的洛伦兹力方向向上，电场力方向向下，此时洛伦兹力与电场力二力平衡，应该有：qv0B=qE，即v0B=EA项：若改为电荷量-q的离子，根据左手定则判断可知，离子受的洛伦兹力方向向下，电场力方向向上，由于qv0B=qE，此时洛伦兹力与电场力仍然平衡，所以负离子不偏转，仍沿直线运动，故A错误；B项：若速度变为2v0，洛伦兹力增大为原来的2倍，而离子受的洛伦兹力方向向上，电场力不变，所以离子将向上偏转，故B正确；C项：若改为电荷量+2q的离子，根据平衡条件得：qv0B=qE，即v0B=E，该等式与离子的电荷量无关，所以离子仍沿直线运动，故C错误；D项：若速度变为，洛伦兹力变为原来的一半，而离子受的洛伦兹力方向向上，电场力不变，所以离子将向下偏转，故D错误．故应选B．本题考查了利用质谱仪进行粒子选择原理，只要对粒子进行正确的受力分析即可解决此类问题．4、D【解析】

LED广告牌发红光时功率：A．500W，与结论不相符，选项A错误；B．100W，与结论不相符，选项B错误；C．1250W，与结论不相符，选项C错误；D．2300W，与结论相符，选项D正确；5、A【解析】

同性电荷互相排斥，则释放q2且q2只在q1的库仑力作用下运动的过程中，逐渐远离q1，则q2受到的库仑力逐渐减小，故选A.6、A【解析】

由a点移到b点和由a点移到c点，静电力做功都是3.0×10－8J，表明b、c两点在等势面上．从图中可知ac垂直于bc，则ac是在电场线上．又由于正电荷从a移到b做的是正功，即也就是则a电势比b高。由，得匀强电场电势差与电场强度关系可知所以A正确。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

电场强度的定义E=Fq：试探电荷在电场中受到的电场力与试探电荷所带电量的比值，定义的是一个“比值”，与所带的电量无关，故A正确；电势的定义φ=Epq：试探电荷在电场中具有的电势能与试探电荷所带电量的比值，定义的是一个“比值”，与所带的电量无关，故B正确；电势能的大小与在电场中移动试探电荷时，电场力做的功的大小有关，故与试探电荷的电量有关，故C错误；电势差的定义：U=Wq，定义的也是一个该题中，与电场有关的几个物理量中，电场强度，电势，电势差定义的都是“比值”，故与试探电荷所带的电量无关．8、BCD【解析】

AD．该过程中重力做正功，由做功公式可得，可知物体重力势能减小，故D正确，A错误；B．因加速度向下小于重力加速度，说明物体受到向上的阻力，设大小为F，由牛顿第二定律可得将代入可得设力F做功为，由做功公式可得拉力F做负功，物体的机械能减少，故B正确；C．设该过程中合力做功为，由动能定理可知代入数值可得说明物体的动能增加，故C正确。故选BCD。9、ABC【解析】

将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，，根据电阻定律分析电阻的变化，由欧姆定律分析电流的变化．由电流的微观表达式I=nevS分析平均速率v的变化．【详解】A项：将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析得到，电阻变为原来的4倍，故A正确；B项：根据欧姆定律可知，电流I变为原来的，即为，故B正确；C、D项：电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的倍，则自由电子定向移动的平均速率为，故C正确，D错误．故应选ABC．10、AD【解析】由u1.的瞬时表达式可知，f=，A错误；理想变压器输入电压的有效值为U1=12V，由变压比关系式，可得U2=6V，V的读数为6V，B错误；变压器输出电压的有效值，A的读数为1AC错误；变压器的输入功率等于输出功率，即P1=P2=U2I2=6W，D正确．【考点定位】正弦式交流电表达式、有效值、功率、部分电路欧姆定律、理想变压器规律，容易题三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)2.960.74（2）电压表分流偏小（3）CD【解析】(1)根据U=E-Ir可知，结合图像，电源的电动势E＝2.96V，内阻.（2）由于电压表的分流作用使得产生测量误差；可用“等效电源法”分析误差大小：可以把电源与电压表看做一等效电源，则电动势测量值等于外电路断开时“等效电源”两极间的电压，由于电压表不是理想电表，所以有电流通过“电源”，因而路端电压要小于电动势，所以电动势测量值小于真实值即偏小；同理，此电路测得的内电阻是“等效电源”的内阻，即电压表与电池内阻的并联电阻，所以测得的内阻也小于真实值．（1）根据闭合电路欧姆定律E=Ir+IR=Ir+U=r+U，测定电源电动势有伏安法（测量U、I）、伏阻法（测量U、R）、安阻法（测量I、R）；其中伏安法要改变电流，需要滑动变阻器；故选CD．点睛：测定电源的电动势和内电阻是高中阶段电学实验考查的重点，是近几年各地高考题目的出题热点，本题突出了对于实验原理、误差及U-I图象处理等多方面内容的考查，题目层次源于课本，凸显能力，体现创新意识，侧重于对实验能力的考查．12、（１）（２）定值电阻在电路中的功率会超过W，R1的功率满足要求；（３）51.0（49.0～53.0范围内的均给分）（４）忽略了电压表的分流【解析】试题分析：（1）根据伏安法测电源电动势与内阻的原理作出实验电路图；（1）根据题意选择定值电阻；（3）由图象求出电源内阻；（4）根据实验电路分析实验误差．解：（1）应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，电路图如图所示：（1）定值电阻R1在电路中的最大功率：P1=I1R1=（0.05）1×100=0.5W＞W，定值电阻R1在电路中的最大功率：P1=I1R1=（0.05）1×110=0.55W＜1W，为保护电路安全，则定值电阻应选择R1．（3）由图示图象可知，电源内阻r===50Ω；（4）由实验电路图可知，相对于电源电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表所测电流小于电路电流，电压表分流是造成系统误差的原因．故答案为（1）电路原理图如图所示；（1）定值电阻在电路中消耗的功率会超过W，R1的功率满足实验要求；（3）50；（4）电压表分流．【点