2027届四川省广元市虎跳中学高二上物理期中考试模拟试题含解析

2027届四川省广元市虎跳中学高二上物理期中考试模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某静电场中的一条电场线与x轴重合，其电势的变化规律如图所示，在O点由静止释放一个负点电荷，该负点电荷仅受电场力的作用，则在－x0～x0区间内（）A．该静电场是匀强电场B．该静电场是非匀强电场C．负点电荷将沿x轴正方向运动，加速度不变D．负点电荷将沿x轴负方向运动，加速度逐渐减小2、关于电场强度E的说法正确的是（）A．电场中某点的电场强度方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同B．电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所受到的电场力的方向相同C．根据E＝F／q可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比D．一个正电荷激发的电场的电场强度处处相同，是一个匀强电场3、在国际单位制中，下列物理量的单位与等价的是()A．冲力 B．动能 C．动量 D．动量的变化率4、如图所示，电流表A1(0～3A)和A2(0～0.6A)由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是A．A1、A2的内阻之比为5∶1B．A1、A2的指针偏转角度之比为1∶1C．A1、A2的读数之比为1∶1D．A1、A2的指针偏转角度之比为1∶55、如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，两个带有同种电荷的小球A、B分别位于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大，推力F将减小B．两小球间距离将增大，推力F将增大C．两小球间距离将减小，推力F将增大D．两小球间距离将减小，推力F将减小6、有一毫伏表，它的内阻是100Ω，量程为300mV，现要将它改装成量程为3V的伏特表，则毫伏表应（）A．并联一个100Ω的电阻B．并联一个900Ω的电阻C．串联一个100Ω的电阻D．串联一个900Ω的电阻二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、静止在光滑水平面上的物体，受到水平拉力F的作用，拉力F随时间t变化的图像如图所示，则下列说法中正确的是（）A．0～4s内物体的位移为零B．0～4s内拉力对物体做功为零C．4s末物体的动量为零D．0～4s内拉力对物体的冲量为零8、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹，设电子在A、B两点的加速度大小分别为aA、aB，速度大小为vA、vB，电势能分别为EPA、EPB，下列说法正确的是（）A．aA>aB B．vA>vBC．EPA<EPB D．B点电势可能高于A点电势9、如图所示，甲、乙两个电路，都是由一个表头G和一个变阻器R组成，下列说法正确的是()A．甲是电流表原理，R减小时量程增大B．甲是电流表原理，R减小时量程减小C．乙是电压表原理，R减小时量程增大D．乙是电压表原理，R减小时量程减小10、如图所示，在一根张紧的水平绳上挂几个摆，其中A、E摆长相等；先让A摆振动起来，其他各摆随后也跟着振动起来，则()A．其它各摆摆动周期跟A摆相同B．其它各摆振动振幅大小相同C．其它各摆振动振幅大小不相同，E摆振幅最大D．其它各摆振动周期大小不同，D摆周期最大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图1中电源电动势为E，内阻可忽略不计；电流表具有一定的内阻，电压表的内阻不是无限大，S为单刀双掷开关，R为待测电阻．当S向电压表一侧闭合时，电压表读数为U1，电流表读数为I1；当S向R一侧闭合时，电流表读数为I1．（1）根据已知条件与测量数据，可以得出待测电阻R＝______________．（1）根据图1所给出的电路，在图1的各器件实物图之间画出连接的导线．______________12．（12分）某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一个圆柱形电阻的直径和高度，测量结果如图甲和乙所示，该工件直径为____mm，高度为____mm.又用多用电表欧姆挡“×1”挡位测量了该电阻阻值，则该电阻阻值为____Ω。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）平行正对极板A、B间电压为U0，两极板中心处均开有小孔．平行正对极板C、D长均为L，板间距离为d，与A、B垂直放置，B板中心小孔到C、D两极板距离相等．现有一质量为m，电荷量为+q的粒子从A板中心小孔处无初速飘入A、B板间，其运动轨迹如图中虚线所示，恰好从D板的边沿飞出．该粒子所受重力忽略不计，板间电场视为匀强电场．（1）指出A、B、C、D四个极板中带正电的两个极板；（2）求出粒子离开B板中心小孔时的速度大小；（3）求出C、D两极板间的电压．14．（16分）在如图所示的电路中，电源的电动势E=9.0V，内电阻r=1.0Ω，外电路的电阻R=5.0Ω．闭合开关S．求：（1）通过电阻R的电流Ⅰ；（2）电阻R消耗的电功率P．15．（12分）一带正电小球，由空中A点以初速度v0水平抛出，落地时速度方向与初速度方向夹角为θ1＝45°.若在整个空间施加竖直向下的电场，电场强度为E＝2mgq，小球仍由A(1)A点距离地面的高度；(2)加电场后，落地时速度方向与v0之间的夹角θ2.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

AB．图线的斜率等于电场中电场强度的大小，故该条电场线上各点场强不一样，该静电场为非匀强电场，故A错误，B正确；CD．沿着电场线的方向电势降低，可知静电场方向沿x轴负方向，故负点电荷沿x轴正方向运动，根据牛顿第二定律得由于O点x轴正半轴图象斜率逐渐减小，电场强度减弱，加速度减小，故CD错误。故选B。2、A【解析】试题分析：电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关．场强方向是放在该点的正电荷所受电场力方向相同．匀强电场中场强处处相同．据此分析．根据物理学上的规定可知，电场强度方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同，故A正确；电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所受到的电场力的方向相反，故B错误；是电场强度的定义式，运用比值法定义，E由电场本身决定，与试探电荷无关，故C错误；正电荷激发的电场的电场强度处处不同，不是匀强电场，故D错误．3、C【解析】

由基本单位制的换算可知：，冲力还是力，因此单位为：，由动能的表达式可知动能的单位为：，动量的单位为：，动量的变化率的单位：，故C正确，ABD错误．4、B【解析】

电流表A1（0-3A）和A2（0-0.6A）是由两个相同的电流计改装而成，都是并联电路，在图中两电流计也是并联的，电压相等，电流相等，则A1、A2

的指针偏转角度之比为1：1；

它们的量程之比为5：1，即总电阻之比为1：5，所以并联时读数之5：1．故B正确，ACD错误。故选B。本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．5、A【解析】

以A球为研究对象，分析受力，作出力图如图1所示：设B对A的库仑力F与墙壁的夹角为θ，由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为：，将小球B向左推动少许时θ减小，则N1减小；库仑力：，θ减小，cosθ增大，减小，根据库仑定律分析得知两球之间的距离增大；再以AB整体为研究对象，分析受力如图2所示，由平衡条件得：，则推力F减小，故A正确，B、C、D错误；故选A．运用隔离法和整体法结合分析动态平衡问题，关键是确定研究对象（往往以受力较少的物体为研究对象），分析受力情况．6、D【解析】把毫伏表改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：R=UIg二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

由图象可知物体在4s内先做匀加速后做匀减速运动，4s末的速度为零，位移一直增大，故A错误；前2s拉力做正功，后2s拉力做负功，且两段时间做功代数和为零，故B正确；4s末的速度为零，故动量为零；故C正确；根据I=Ft可知：前4s内I合=F×2-F×2=0，故D正确；故选BCD．本题主要考查了同学们读图的能力，要求同学们能根据受力情况分析物体的运动情况，再根据动量定理进行分析求解．8、BC【解析】

A．因只有一条电场线，无法确定电场线疏密，也就无法确定电场力的大小，A、B两点的加速度大小关系无法确定，故A错误；B．过两个图象的交点做出速度、电场力如图所示因电场力和速度夹角为钝角，说明从A到B电场力做负功，动能减小，vA>vB，故B正确；C．由前面分析可知从A到B电场力做负功，电势能增大，故C正确；D．电子带负电，即，EPA<EPB，由电势公式可知B点电势低于A点电势，故D错误。故选BC。9、AD【解析】

由题中“甲、乙两个电路”可知，本题考查电表改装，根据电流表和电压表原理可分析本题。【详解】AB.甲是电流表原理，R为分流电阻，当R减小时，所分电流变大，因此量程变大，故A正确B错误；CD.乙是电压表原理，R为分压电阻，R减小时，分压变小，因此量程变小，故C错误D正确。10、AC【解析】

AD.A摆摆动，其余各摆也摆动起来，它们均做受迫振动，所以其余各摆的振动频率都等于A摆摆动的频率，振动周期也等于A摆摆动的频率。故A正确，D错误。BC.由于E摆的摆长与A摆摆长相同，所以这两个摆的固有频率相同，所以E摆出现共振现象，振幅最大。故C正确，B错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、【解析】

（1）设电流表的内阻为r，当S向电压表一侧闭合时，电压表读数为U1，电流表读数为I1；根据闭合电路欧姆定律有；整理得；当S向R一侧闭合时，电流表读数为I1．根据闭合电路欧姆定律有，整理得（1）根据电路图连线如图所示：12、12.20mm6.860mm±0.002mm10.0Ω【解析】该工件直径为12mm+0.05mm×4=12.20mm，高度为6.5mm+0.01mm×36.0=6.860mm.该电阻阻值为10.0×1Ω=10.0Ω。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）A、C（2）（3）【解析】

（1）电荷量为+q的粒子从A板中心小孔处无初速飘入A、B板间，其运动轨迹如图中虚线所示，恰好从D板的边沿飞出。因此可知，A、C极板带正电；（2）粒子在在A、B板间加速，由动能定理解得：（3）设C、D板间电压为U，则板间场强粒子在板间的加速度：粒子做类平抛运动，在沿板和垂直于板方向上分别有L=vt由以上各式得14、（1）通过电阻R的电流Ⅰ是1.5A；（2）电阻R消耗的电功率P是11.25W．【解析】试题分析：（1）已知电源的电动势E=9.0V，内电阻r=1.0Ω，外电路的电阻R=5.0Ω，根据闭合电路欧姆定律求解电路中电流I．（2）电阻R消耗的电功率由公式P=I2R求．解：（1）根据闭合电路欧姆定律，通过电阻R的电流为：I==A=1.5A（2）R上消耗的电功率为：P=I2R=1.52×5.0W=11.25W答：（1）通过电阻R的电流Ⅰ是1.5A；（2）电阻R消耗的电功率P是11.25W．【点评】本题是简单的电路计算问题，关键要能根据闭合电路欧姆