2027届山西省吕梁市物理高二第一学期期中学业质量监测试题含解析

2027届山西省吕梁市物理高二第一学期期中学业质量监测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在匀强磁场中固定一根与磁场方向垂直的通电直导线，其中通有向纸面外的恒定电流，匀强磁场的磁感应强度为1T，以直导线为中心作一个圆，圆周上a处的磁感应强度恰好为零，则下述说法对的是（）A．b处磁感应强度为2T，方向水平向右B．c处磁感应强度也为零C．d处磁感应强度为，方向与匀强磁场方向成45°角D．c处磁感应强度为2T，方向水平向左2、关于匀速圆周运动的向心加速度，下列说法正确的是（）．A．由于，所以线速度大的物体的向心加速度大B．由于，所以旋转半径大的物体的向心加速度小C．由于，所以角速度大的物体的向心加速度大D．以上结论都不正确3、如图，P为固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆．带电粒子Q在P的电场中运动．运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点．若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为aa、ab、ac，速度大小分别为va、vb、vc，则A．aa>ab>ac，va>vc>vbB．aa>ab>ac，vb>vc>vaC．ab>ac>aa，vb>vc>vaD．ab>ac>aa，va>vc>vb4、孤立点电荷电场中的一簇等势面如图中虚线所示，其电势分别为φ1、φ2、φ3，其中A、B、C是某电场线与这簇等势面的交点，且AB＝BC.现将一负电荷由A移到B，电场力做正功W1；由B移到C，电场力做正功W2，则()A．W1＝W2，φ1＜φ2＜φ3B．W1＞W2，φ1＜φ2＜φ3C．W1＝W2，φ1＞φ2＞φ3D．W1＜W2，φ1＞φ2＞φ35、在如图所示的电路中，A1和A2是两个完全相同的灯泡，线圈L的自感系数足够大，电阻可以忽略不计．下列说法中正确的是A．合上开关S，A1先亮，A2后亮，最后一样亮B．断开开关S，A1和A2都要过一会儿才熄灭C．断开开关S，A2闪亮一下再熄灭D．断开开关S，流过A2的电流方向向右6、关于电场力与洛伦兹力，以下说法正确的是（）A．只有运动的电荷在磁场中才会受到洛伦兹力的作用B．电场力对运动的电荷一定做功，而洛伦兹力对运动的电荷却不会做功C．电场力与洛伦兹力一样，方向都沿电场线或磁感线的切线方向D．电荷只要处在电场中，就会受电场力，电荷静止在磁场中，也可能受到洛伦兹力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是（）A．在电场中顺着电场线移动电荷，电场力一定做正功，电荷电势能减少B．在电场中逆着电场线移动电荷，电场力一定做负功，电荷电势能增加C．在电场中顺着电场线移动正电荷，电场力做正功，电荷电势能减少D．在电场中逆着电场线移动负电荷，电场力做正功，电荷电势能减少8、我国计划将于2016年9月利用海南航天发射场发射“天宫二号”空间实验室．“天宫二号”运行期间，“神州十一号”载人飞船将与它实施交会对接．在对接前，“天宫二号”和“神州十一号”将在各自轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示．则在对接前A．“天宫二号”的向心加速度大于“神州十一号”的向心加速度B．“天宫二号”的运行周期大于“神州十一号”的运行周期C．“天宫二号”的运行速率小于“神州十一号”的运行速率D．“天宫二号”的角速度大于“神州十一号”的角速度9、如图所示，静止的电子在加速电压U1的作用下从O点经P板的小孔以速度v1射出，运动时间为t1；又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压U2的作用下偏转一段距离y后离开电场，离开电场时速度为v2，运动时间为t2，则下列判断正确的是（）A．只增大U1，则t1增大 B．只增大U1，则y减小C．只增大U2，则v2增大 D．只增大U2，则y减小10、某同学用伏安法测电阻时，分别采用了内接法和外接法，测得的某电阻Rx的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值Rx间的关系为()A．R1＞RxB．Rx＜R2C．Rx＞R1D．R2＜Rx三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图中，游标卡尺读数为_______cm；螺旋测微器读数为______mm12．（12分）用单摆测定重力加速度的实验如图所示．①组装单摆时，应在下列器材中选用（选填选项前的字母）___________．A．长度为1m左右的细线B．长度为30cm左右的细线C．直径为1.8cm的塑料球D．直径为1.8cm的铁球②测出悬点O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t．则重力加速度g=_______（用L，n，t表示）③下表是某同学记录的3组实验数据，并做了部分计算处理．组次

1

2

3

摆长L/cm

80.00

90.00

100.00

50次全振动时间t/s

90.0

95.5

100.5

振动周期T/s

1.80

1.91

重力加速度g/（m·s-2）

9.74

9.73

请计算出第3组实验中的T=___________s，g=__________m/s2④用多组实验数据做出T2-L图像，也可以求出重力加速度g，已知三位同学做出的T2-L图线的示意图如图中的a，b，c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值．则相对于图线b，下列分析正确的是（选填选项前的字母）（___）A．出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长LB．出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次C．图线c对应的g值小于图线b对应的g值四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中的某区域（图中未画出）内，有磁感应强度大小为B、方向垂直于坐标平面向外的匀强磁场，坐标原点O为磁场边界上的一点．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从坐标原点O沿y轴正方向以大小为v0的速度射入该匀强磁场，粒子经过磁场区域后，最终从x轴上的P处穿过x轴，且其经过P点时的速度方向与x轴正方向的夹角θ=30°．粒子重力不计．求：（1）P点到O点的距离L；（2）粒子从O点运动到P点所用的时间t．14．（16分）如图所示,电源的电动势1.5V、内阻为1Ω,电阻R1=R2=2Ω、R3=4Ω,电容器C的电容为2μF,闭合开关S，电路达到稳定状态后。求：(1)电容器C所带的电荷量；(2)若电阻R1发生断路故障，电路再次达到稳定时，电容器所带电荷量。15．（12分）如图甲所示，有一足够长的绝缘细杆竖直放置在水平方向的匀强电场当中，电场强度E随时间t的变化关系如图乙所示(取水平向右为电场的正方向)．质量m=0.01kg、带电荷量q=+1.0×10-6C的有孔小球套在绝缘细杆上，孔的直径略大于细杆的直径．t=0时刻小球从细杆的某处静止释放，已知小球与细杆的动摩擦因数μ=0.1，整个过程中小球电量不变且始终处于匀强电场当中，空气阻力忽略不计，取g=10m/s1．求：（1）3秒末小球的速度大小；（1）3秒内小球的位移大小；（3）3秒内摩擦力对小球所做的功．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

由题知，通电导线通有向纸面外的恒定电流，由安培定则可知，通电导线在a点产生的磁感应强度方向水平向左，因a点的磁感应强度为0，说明通电导线在a点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反；在b点产生的磁感应强度方向竖直向下，故b点的磁感应强度为，方向与匀强磁场方向成角斜向下，在c点产生的磁感应强度方向水平向右，故c点的磁感应强度为，在d点产生的磁感应强度方向竖直向上，故d点的磁感应强度为，方向与匀强磁场方向成角斜向上，故ABD错误，C正确。故选C。2、D【解析】由于可知，在半径相同时，线速度大的物体的向心加速度大，选项A错误；由可知，在线速度一定时，旋转半径大的物体的向心加速度小，选项B错误；由可知，在半径一定时，角速度大的物体的向心加速度大，选项C错误；故选D.3、D【解析】

在点电荷的电场中，场强大小，由图可知，可得，而带电粒子运动的加速度，则；由轨迹知，两电荷间为库仑斥力，粒子由a到b，电场力做负功，动能减小，则va>vb，粒子由b到c，电场力做正功，动能增加，则vc>vb，由于，由可得，则va>vc>vb，故选D．4、B【解析】

由题，将一负电荷由A移到B，电场力做正功，可知负电荷受到的电场力的方向向右，结合负电荷受到的电场力的方向与电场线的方向相反，可知该电场线的方向向左，即由C指向A．沿电场线的方向电势降低，所以C点的电势最高，A点的电势最低，即φ1＜φ1＜φ3；

该电场线的方向向左，由C指向A；再结合图中等势面的特点可知产生该电场的点电荷带负电且位于A点的左侧，所以A处的场强最大，C处的场强最小，根据电场强度与电势差的关系：U=Ed可知，AB之间的电势差一定大于BC之间的电势差，即：UCB＜UBA，又电场力做功：W=qU，所以：W1＞W1．故选B.本题切入点在于根据电场力做功的特点以及等势面的特点判断出产生该电场的点电荷带负电且位于A点的左侧是解答的关键，然后再结合负点电荷的等势面分布图进行分析即可．5、B【解析】

当电键K闭合时，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮．断开瞬间也可以按照同样的思路分析．【详解】当电键K闭合时，灯A2立即发光．通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，灯A1逐渐亮起来．所以灯A2比灯A1先亮．由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同．故A正确；稳定后当电键S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，线圈L、灯A2与灯A1构成闭合回路放电，两灯都过一会儿熄灭，由于两灯泡完全相同，线圈的电阻又不计，则灯A2不会出现闪亮一下，且流过灯A2的电流方向向左；故ACD错误；故选B．6、A【解析】

AD.电荷只要在电场中就会受到电场力作用，运动电荷在磁场中，与磁场方向平行，不会受到洛伦兹力的作用，只有运动电荷在磁场中才可能受到洛伦兹力作用。故A正确，D错误B.当电场力与电荷的速度方向相垂直时，则电场力对在其电场中的电荷不会做功，而洛伦兹力对磁场中的电荷不会做功。故B错误C.电场力与电场线某点切线方向平行，洛伦兹力与磁场线相互垂直。故C错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

AC．在电场中顺着电场线移动正电荷，电场力方向沿电场线的方向，故电场力做正功，电势能减少；顺着电场线移动负电荷，电场力方向逆着电场线的方向，故电场力做负功，电势能增加，故A错误，C正确；BD．逆着电场线移动正电荷，电场力做负功，电势能增大；逆着电场线移动负电荷，电场力做正功，电势能减少，故BD错误，D正确；故选CD．电场线中电场强度的方向沿电场线的切线方向，正电荷受力方向沿电场强度的方向；电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大．8、BC【解析】

根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的向心加速度小于“神州十一号”的向心加速度，故A错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的运行周期大于“神州十一号”的运行周期，故B正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的运行速率小于“神州十一号”的运行速率，故C正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的角速度小于“神州十一号”的角速度，故D错误．所以BC正确，AD错误．9、BC【解析】试题分析：由可知，电子受力变大，加速度变大，其他条件不变时，当U1变大，则电子进入偏转电场的速度变大，则运动的时间t1减小，故A错误；根据；L=v0t2；解得可知，若要电子离开偏转电场时偏移量y变小，仅使U2变小，或者增大U1，其它条件不变即可，故B正确．D错误；，则只增大U2，则v2增大，选项C正确；故选BC．考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查了带电粒子在电场中的运动，可以根据动能定理和牛顿第二定律、运动学公式结合推导出．10、AD【解析】采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分压使电压表测量值偏大，由欧姆定律可知求得的测量值偏大，故A正确；当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，由欧姆定律可知测量值偏小，故D正确。所以AD正确，BC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.0154.696～4.701【解析】

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【详解】游标卡尺主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为：0.05×=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm；螺旋测微器固定刻度读数4.5mm，可动刻度读数为0.01×19.8mm=0.198mm，所以金属丝的直径为：4.5mm+0.198mm=4.698mm12、AD2.019.76B【解析】

①为了减小测量误差，摆线选择1m左右的细线，为了减小空气阻力的影响，应选择题密度大体积小的物体，故选AD②根据单摆完成n次全振动所用的时间t可得单摆运动周期为，故根据公式可得③50次全振动的时间为100.5s，则周期为，摆长为，根据公式可得④图像a与b平行，而a的纵截距不为零，若误将悬点到小球下端的距离记为摆长L，则，纵截距应在纵坐标负轴上，故A错误；从图像上可得c图线的斜率小于b图线的，若误将49次全振动记为50次，则，偏小，根据公式可得，则重力加速度偏大，图线c对应的g值大于图线b对应的g值，根据公式可得，即的斜率，故斜率偏小，故B正确，C错误．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算