2027届黑龙江省齐齐哈尔市克东县克东一中、克山一中等五校联考物理高二上期中综合测试模拟试题含解析

2027届黑龙江省齐齐哈尔市克东县克东一中、克山一中等五校联考物理高二上期中综合测试模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、测定压力变化的电容式传感器如图所示，A为固定电极，B为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器．可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容．现将此电容式传感器连接到如图所示的电路中，则（）A．当待测压力增大时电容器的电容将增大B．当待测压力增大时电阻R中有从a流向b的电流C．当待测压力增大时电阻R中有没有电流D．待电路稳定后，电容器两端的电压增大2、如图所示，滑轮A可沿倾角的足够长轨道下滑，滑轮下用轻绳挂着一个重力为G的物体B，下滑时，物体B相对于A静止，绳与竖直方向夹角为，则下滑过程中(不计空气阻力)A．A、B的加速度为 B．A、B的加速度为C．绳的拉力为 D．滑轮A与轨道之间一定有摩擦3、关于电场强度的两个公式E=F/q和E=kQ/r2，下列说法中正确的是A．q表示放入电场中的试探电荷的电荷量，Q表示场源电荷的电荷量B．E随q的增大而减小、随Q的增大而增大C．第一个公式仅适用于匀强电场，且E的方向与F的方向一致D．第二个公式适用于包括点电荷在内的所有场源形成的电场4、关于电容器的电容，正确的说法是（）A．根据C=Q/U，如果电容器不充电，也就无电压，也就没有电容量B．不超过耐压值的情况下，一固定的电容器上充的电量与两极间的电压成正比C．一只电容器充的电量越多，它的电容量也就越大D．一个电容器的电容与加在两极间电压的大小成反比5、由磁感应强度的定义式可知，磁场中某处的磁感应强度的大小（）A．随通电导线中的电流I的减小而增大B．随IL乘积的减小而增大C．随通电导线所受磁场力F的增大而增大D．跟F、I、L的变化无关6、某一网络电路中的部分电路如图所示，已知I=3A，I1=2A，R1=10Ω，R2=5Ω，R3=30Ω，则下列结论正确的是()A．通过R3的电流为0.5A，方向从B．通过R3的电流为0.5A，方向从C．通过电流表的电流为0.5A，电流表“+”接线柱在右边D．通过电流表的电流为1.5A，电流表“+”接线柱在左边二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、有两段同种材料的电阻丝，长度相同，横截面的直径之比为dA:dB=1:2，把它们串联在电路中，则下列说法正确的是(

)A．它们的电阻之比RA:RB=4:1B．通过它们的电流之比IA:IB=1:4C．电子在两段电阻丝中定向移动速度大小之比vA:vB=4:1D．两段电阻丝发热功率之比PA:PB=1:48、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，G为灵敏电流计，A为理想电流表．开关S闭合后，电容C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，则以下说法正确的是A．在滑动变阻器触头向上移动的过程中，A表的示数变大，油滴仍然静止，G中有方向由a至b的电流B．在在滑动变阻器触头向上移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动，G中有方向由b至a的电流C．在滑动变阻器触头向下移动的过程中，A表的示数变大，油滴向上加速运动，G中有由a至b的电流D．将开关断开，A表的示数立即为零，油滴开始向下运动，G中有由a至b的电流9、关于电场中电荷的电势能的大小，下列说法正确的是（）A．在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大B．正电荷沿电场线方向移动，电势能一定增大C．负电荷沿电场线方向移动，电势能一定增大D．正电荷沿电场线方向移动，电势能一定减小10、如图所示，电阻R和电动机M串联接到电路中，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作。设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2。则有（）A．，Q1=Q2 B．U1=U2，Q1=Q2C．， D．，三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如下图所示，静电计与锌板相连，现用紫外灯照射锌板，关灯后，指针保持一定的偏角．（1）现用一带负电的金属小球与锌板接触，则静电计指计偏角将_____（填“增大”、“减小”或“不变”）（2）使静电计指针回到零，再用相同强度的钠灯发出的黄光照射锌板，静电计指针无偏转．那么，若改用强度更大的红外灯照射锌板，可观察到静电计指针_____（填“有”或“无”）偏转．12．（12分）图甲，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通过仅测量__________（填选项前的符号），间接地解决这个问题。A．小球开始释放的高度hB．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的射程(2)图甲中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置______，测量平抛射程______。然后，把被碰小球m2静置于轨道上O点正上方，再将入射球m1从斜轨上S位置由静止释放，与小球m2相碰，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是_____。（填选项前的符号）A．用天平测量两个小球的质量m1、m2B．测量小球m1，开始释放的高度hC．测量抛出点距地面的高度HD．分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE．测量平抛射程OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为__________（用(2)中测量的量表示）；若碰撞是弹性碰撞，那么还应满足的表达式为__________（用(2)中测量的量表示）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平放置的两金属极板长度为L，相距为d，极板间的电压为U，两极板间的电场可视为匀强电场。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从极板中央水平射入电场中，射入时的速度为v0，并从电场的右端射出。若不计粒子的重力，求该粒子射出时沿垂直于板面方向偏移的距离y。14．（16分）2016年11月，我国自主研制的歼­20隐形战机在第11届中国航展上首次飞行展示．某歼­20战机总质量为3.0×104kg，在平直跑道上由静止匀加速到80m/s开始起飞，用时16s.求战机在此过程中：(1)加速度大小a；(2)运动的距离x；(3)受到的合力大小F.15．（12分）如图所示电路中，已知R1=5Ω，R2=12Ω，电压表示数为2V，电流表示数为0.2A，求电阻R3和UAC的阻值．(电表均是理想电表)

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

A.压力增大时，电容器两极板间的距离减小，由电容器的公式可知电容器电容增大，A正确BCD.电容器直接与电源项链，因此电容器两端电压不变，D错误；电容器的电容增大，由可知电容器电荷量增加，电容器充电，因此电流方向为b流向a，因此B和C错误2、D【解析】

以B为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度大小，根据力的合成与分解求解绳子拉力大小，如果没有摩擦力，绳子应该与斜面垂直；【详解】A、以B为研究对象，受力情况如图所示：

根据几何关系可得合力大小为，

根据牛顿第二定律可得加速度大小为：，AB错误；

C、绳子的拉力大小为，C错误；

D、由AB相对静止，则AB具有共同加速度，假设滑轮不受摩擦力时，对整体分析，其加速度，则轻绳应该与斜面垂直，所以滑轮受摩擦力作用，D正确．本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答，注意整体法和隔离法的应用．3、A【解析】

本题应明确三个公式的来源：公式E=F/q为电场的定义式，公式E=kQ/r2是根据场强的定义式及库仑定律求出的公式．【详解】公式E=F/q中的q表示放入电场中的试探电荷的电荷量，公式E=kQ/r2中的Q表示场源电荷的电荷量，选项A正确；E与q的大小无关；E随Q的增大而增大，选项B错误；第一个公式适用于所有电场，且E的方向与正电荷所受的电场力F的方向一致，选项C错误；第二个公式只适用于点电荷电场，选项D错误；故选A.每一个物理公式都有其适用的范围，故在学习中要注意体会其范围，以免错用了公式．4、B【解析】A项：电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关，故A错误；B项：不超过耐压的情况下，一固定的电容器上充的电量与两极间的电压成正比，故B正确；C项：电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关，故C错误；D项：电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关．故D错误。点晴：电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关。5、D【解析】

磁场中某处磁感应强度的大小之和磁场本身的性质有关，和外界因素无关，故D正确6、B【解析】

AB．根据欧姆定律，电阻R1两端电压为2A×10Ω=20V，电阻R2两端电压为1A×5Ω=5V，故电阻R3两端电压为20V-5V=15V，且b端电势高于a端电势，故通过R3的电流为方向从b→a，故A错误，B正确；CD．根据电荷守恒定律，流入与流出b点的电流是相等的，故通过电流表的电流为0.5A，电流表“+”接线柱在左边，故CD错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A和B是由同种材料制成的长度相同、半径不同的两段导体，根据电阻定律计算电阻之比；因两电阻串联，则由串联电路的电流规律可知两导体中的电流关系；由电流的微观表达式计算电子在两段电阻丝中定向移动速度大小之比；根据发热功率公式计算两段电阻丝发热功率之比．【详解】A.已知A和B是由同种材料制成的且长度相同，A、B的直径之比为1:2，则横截面积之比为1:4，根据欧姆定律，电阻之比RA:RB=4:1，故A正确；B.因导体A和B串联，所以此时IA=IB，则通过R1与R2的电流之比为1:1，故B错误；C.根据电流的微观表达式I=neSv，A、B材料相同，则n相同，横截面积之比为1:4，则电子在两段电阻丝中定向移动速度大小之比vA:vB=4:1，故C正确；D.由热功率P=I2R可知，两段电阻丝发热功率之比PA:PB=4:1，故D错误．故选AC.8、BD【解析】粒子原来处于平衡状态,重力和静电力平衡；电容器与电阻R2、滑动变阻器R并联后与R1串联．AB.触头向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，则A表的示数变小，电容器两端电压为：U=E−I(r+R1)，故电容器两端电压变大，带电量变大，G中有由b至a的电流，电场力变大，粒子向上加速，故A错误，B正确；C.触头向上移动，电阻R变小，电路总电阻变小，电流变大，则A表的示数变大，电容器两端电压为：U=E−I(r+R1)，故电容器两端电压变小，带电量变小，G中有由a至b的电流，电场力变小，粒子向下加速，故C错误；D.将开关断开，A表的示数立即为零，电容器将通过R和R2放电，两板间电压减小，油滴开始向下运动，G中有由a至b的电流，故D正确．故选BD点睛：电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片移动，根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况，以及电容器的充放电情况．．9、CD【解析】

在电场强度越大的地方，同一电荷受到的电场力越大，但电势能不一定大，电势能与电场强度没有直接关系。故A错误；正电荷沿电场线移动，电场力做正功，电势能一定减小，故B错误，D正确；负电荷沿电场线移动，电场力做负功，电势能一定增大，故C正确；故选CD。10、AC【解析】

设开关接通后，电路中电流为I。对于电阻R，由欧姆定律得U1=IR对于电动机U2＞IR则有U1＜U2电功W1=U1IW2=U2I则有W1＜W2根据焦耳定律得Q1=I2RtQ2=I2Rt则有Q1=Q2故AC正确，BD错误

故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、减小无【解析】

解：(1)在用一紫外线灯照射锌板，锌板产生光电效应，光电子射出后，锌板带正电，用一带负电的金属小球与锌板接触，则验电器指针偏角将减小；(2)用黄光照射锌板，验电器指针无偏转，说明黄光不能使锌板产生光电效应，红外线的频率比黄光低，红外线不能使锌板产生光电效应，验电器指针无偏转．12、CPOPADE【解析】

(1)[1]小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间相等，小球的水平位移与小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即测量射程，故C正确。(2)[2][3][4]和碰撞后，的动能减小，则速度减小，落点在M，碰撞后速度比更大，落点在N，没有发生碰撞时，的落点在P；验证动量守恒定律实验中，质量可测，而瞬时速度较难测得。因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速