广州协和中学2027届物理高二上期中统考模拟试题含解析

广州协和中学2027届物理高二上期中统考模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是（）A．向外界散热B．做为油罐车的标志C．发出响声，提醒其他车辆和行人的注意D．把电荷导入大地，避免由静电造成危害2、关于带负电的粒子（重力可忽略不计），下面说法中正确的是()①沿电场线方向飞入匀强电场，电场力做功，动能增加②垂直电场线方向飞入匀强电场，电场力做功，动能增加③垂直磁感线方向飞入匀强磁场，磁场力不做功，动能不变④沿磁感线方向飞入匀强磁场，磁场力做功，动能增加A．①② B．②③ C．③④ D．①④3、如图所示，固定的水平长直导线中通有向左的电流I，矩形闭合导线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行．将线框由静止释放，不计空气阻力，则在线框下落过程中A．穿过线框的磁通量保持不变B．线框中感应电流的方向为逆时针C．线框所受安培力的合力竖直向上D．线框的机械能不断增大4、关于速度和加速度，以下说法中正确的是（）A．速度表示物体位置变化的大小和方向B．物体的加速度增大，物体的速度可能减小C．物体的速度改变量v越大，加速度一定越大D．物体的速度变化越大，则加速度也越大5、如图是两电阻的伏安特性曲线，图线1表示的导体电阻为，图线2表示的导体的电阻为，则与大小之比是(

)A．3：1 B．1：3 C．1：2 D．2：16、在如图所示的电路中，闭合电键S，将滑动变阻器R2的滑片由a端向b端移动的过程中，图中电压表的读数U和电流表的读数I的变化情况是（）A．U先变大后变小，I变小 B．U先变大后变小，I不变C．U、I均先变大后变小 D．不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，甲、乙两水平圆盘紧靠在一块，甲圆盘为主动轮，乙靠摩擦随甲转动无滑动．甲圆盘与乙圆盘的半径之比为r甲：r乙=3：1，两圆盘和小物体A、B之间的动摩擦因数相同，A距O点为2r，B距O′点为r，当甲缓慢转动起来且转速慢慢增加时（）A．A与B滑动前的角速度之比ω1：ω2=1：3B．A与B滑动前的向心加速度之比a1：a2=1:3C．随转速慢慢增加，A先开始滑动D．随转速慢慢增加，B先开始滑动8、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、M为这轨迹上的两个点，由此可知（）A．三个等势面中，a电势最低B．粒子在P点比在M点时加速度大C．粒子在M点比在P点时动能大D．粒子在P点比在M点时的电势能较小9、在如图(a)所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合电键S，将滑动变阻器的滑动触头P，从最右端滑到最左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示，则（）【选项】A．图线甲是电压表V2示数随电流变化的图线B．电源内电阻的阻值为12ΩC．电源的最大输出功率为1．8WD．滑动变阻器R2的最大功率为2．9W10、如图甲所示电路中的小灯泡通电后其两端电压U随所通过的电流I变化的图线如图乙所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PM为U轴的垂线，PQ为I轴的垂线，下列说法中正确的是A．随着所通电流的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为C．若在电路甲中灯泡L两端的电压为U1，则电阻R两端的电压为I1RD．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某小组进行“测定金属丝电阻率”的实验．先测量该金属丝电阻Rx（约为9Ω），已经选好的器材有：A．电压表V1（量程0～1V，内阻约10kΩ）B．电压表V2（量程0～3V，内阻约20kΩ）C．定值电阻R0＝20ΩD．被测电阻RxE．滑动变阻器（阻值范围0～5Ω）F．电源（电动势3V，内阻很小）G．导线若干，开关一个(1)为了减小误差，并尽可能多的测量几组数据，请在方框中画出合理，便捷的测量电路图．（_______）(2)在某次测量中，若电压表V1读数为U1，电压表V2读数为U2，则待测金属丝电阻的表达式Rx＝___________________.(3)测得金属丝直径为d，测得金属丝阻值为R，测得金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式ρ＝________（用符号表示）．如果在实验中通电时间较长，则电阻率的测量结果会__________（填变大或变小或不变）12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：A．电压表V1（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表V2（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表A1（0～0.3A，内阻约1Ω）D．电流表A2（0～0.6A，内阻约0.4Ω）E．滑动变阻器R1（0～10Ω，2A）F．滑动变阻器R2（0～100Ω，0.2A）G．学生电源（直流6V）、开关及导线（1）为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表_________，电流表_________，滑动变阻器___________．（填器材的前方选项符号，如A，B）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在上面的方框中画出实验电路图___________．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图1所示，一个圆形线圈的匝数匝，线圈面积，线圈的电阻，线圈外接一个阻值的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间的变化规律如图2所示求在内穿过线圈的磁通量变化量；前4s内产生的感应电动势；内通过电阻R的电荷量q．14．（16分）如图所示，空间存在着强度方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为l的绝缘细线，一端固定在O点，一端拴着质量m、电荷量q的小球现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂求：小球运动最高点时的速度；细线能承受的最大拉力；从断线开始计时，在时刻小球与O点的距离．15．（12分）（12分）如图所示，水平放置的平行板电容器，极板长L=0.1m，两板间距离d=0.4cm。有一带电微粒以一定的初速度从两板中央平行于极板射入，若板间不加电场，由于重力作用微粒恰能落到下板中点O处；若板间加竖直方向的匀强电场，带电微粒刚好落到下板右边缘B点。已知微粒质量，电量，取g=10m/s2。试求：（1）带电微粒入射初速度的大小；（2）板间所加电场的电场强度多大？方向怎样？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是避免由静电造成危害，故选D2、B【解析】带负电的粒子沿电场线方向飞入匀强电场，电场力的方向与电场线的方向相反，所以电场力的方向与运动的方向相反，电场力做负功，动能减小，故①错误；当垂直进入电场时，电场力做正功，动能增加，故②正确；带电粒子垂直磁感线方向飞入匀强磁场，洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，磁场力不做功，动能不变，故③正确；带电粒子垂直于磁场的方向飞入，运动的方向与磁场的方向平行，则不受洛伦兹力的作用，动能不变，故④错误．所以选B．3、C【解析】线框在下落过程中，所在磁场减弱，穿过线框的磁感线的条数减小，磁通量减小，故A正确．根据安培定则，电流产生的磁场在导线的下方垂直于纸面向里，下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，根据楞次定律，感应电流的磁场与原磁场方向相同，所以感应电流的方向为顺时针方向，故B错误．由于离导线越远的地方磁场越小，所以线框的上边受到的安培力大于下边受到的安培力，合力的方向向上．故C正确；下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，线框中产生电能，机械能减小．故D错误．故选C.4、B【解析】

A．速度表示物体位置变化的快慢和方向，而不是变化的大小，故A错误；B．物体的加速度增大，物体的速度可能增加，也可能减小，当加速度与速度同向时，速度增加；当加速度与速度反向时，速度减小，故B正确；C．物体的速度改变量△v越大，加速度不一定越大，还受到时间的限制，故C错误；D．物体的速度变化越大，加速度不一定大，还看时间，故D错误。故选B。5、B【解析】题中图象是电阻的伏安特性曲线，其斜率k等于电阻的倒数，1、2两图线的斜率比为3：1，所以R1与R2大小之比1：3，故B正确，ACD错误．6、A【解析】

ABC．滑动变阻器的左右两端并联再和电阻串联，电压表测量并联电路的电压，将滑动变阻器的滑片由端向端移动的过程中，并联电阻先增大后减小，电路的总电阻先增大后减小，电路的总电流先减小后增大，根据闭合电路欧姆定律可得电压表示数先变大后变小，电流表测量端的电流，电流表的示数变小，故A正确，B、C错误；D．电流表不是测量的干路电流，而是测部分的电流，故电压表示数的变化量和电流表示数的变化量的比值不是恒定不变的，故D错误；故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．甲、乙两轮子边缘上的各点线速度大小相等，有则得所以物块相对盘开始滑动前，A与B的角速度之比为1：3，故A正确；B．物块相对盘开始滑动前，根据得：A与B的向心加速度之比为故B错误；CD．根据得，临界角速度可知甲乙的临界角速度之比为，甲乙线速度相等，甲乙的角速度之比为可知当转速增加时，B先达到临界角速度，所以B先开始滑动，故D正确，C错误。8、AD【解析】由轨迹的弯曲情况，电场力应指向曲线凹侧，且与等势面垂直（电场线垂直该处等势面），由于正电荷的受力方向与场强方向一致，故场强方向垂直等势面斜向左下方，顺着电场线方向电势降低，a的电势最低，A错误；由于三个等势面并没有说明是等差等势面，所以无法判断场强的大小，所以无法判断电荷在P、M点受的电场力的大小，即加速度大小，B错误；如果由M到P，速度或位移与力的方向夹角小于90°做正功，电势能减小，动能增大；反之，如果由P到M，速度或位移与力的方向夹角大于90°做负功，电势能增大，动能减小，即粒子在P点的动能大，M点的电势能大，故C错误D正确．9、ACD【解析】

A.当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；而两端的电压增大，故乙图线表示是示数的变化；图线甲表示示数的变化，故A正确；B.由图可知，当只有接入电路时，电路中电流为2.6A，电压为3V，则由可得：当滑动变阻器全部接入时，两电压表示数之比为，故有：由闭合电路欧姆定律可得：解得：，故B错误；C.因当内阻等于外阻时，电源的输出功率最大，故当外阻等于5Ω时，电源的输出功率最大，故此时电流：故电源的最大输出功率：故C正确；D.由B的分析可知，的阻值为5Ω，电阻为22Ω；当等效为内阻，则当滑动变阻器的阻值等于时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为12Ω时，滑动变阻器消耗的功率最大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中的电流：则滑动变阻器消耗的最大功率：故D正确．10、AD【解析】

A．图线上的点与原点连线的斜率等于电阻大小，由数学知识可知，随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大。故A正确；B．对应P点，小灯泡的电阻为，故B错误；C．在电路中灯泡L两端的电压为U1时，电流为I2，则电阻R两端的电压为I2R，故C错误；D．由恒定电流的功率公式P=UI，推广可知，对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积。故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、变大【解析】

(1)[1]利用伏安法测电阻，首先选取实验仪器，可以把其中一个电压表作为电流表使用，如果选取电压表V2作为电压表使用，电压表V1改装成电流表使用，把电压表V1和定值电阻R0并联，满偏电流为：被测电阻Rx两端电压的最大值远小于电压表V2量程，故仪器选取不合适；把电压表V1作为电压表使用，电压表V2和定值电阻R0并联改装成电流表使用，满偏电流为被测电阻Rx两端电压的最大值比电压表V1量程略大，可以使用；为了多测几组数据，减少实验误差，选用分压法组装电路，电压表分流可忽略，选用外接法，电路图如图所示：(2)[2]根据图示电路图由欧姆定律得解得：(3)[3]由电阻定律得[4]金属丝的电阻率随温度升高而增大，所以实验中通电时间较长，金属丝的温度较高，电阻率的测量结果会变大。12、A，D，E，【解析】(1)因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用A电压表；由P=UI得，灯泡的额定电流为：，故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，应选小阻值的E；(2)电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法，由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，如图：点晴：本题考查实验中的仪表的接法，应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4×10﹣2Wb（2）1V（3）【解析】试题分析：（1）依据图象，结合磁通量定义式，即可求解；（2）根据法拉第电磁感应定律，结合磁感应强度的变化率求出前4s内感应电动势