海南省五指山中学2027届高二物理第一学期期中学业水平测试试题含解析

海南省五指山中学2027届高二物理第一学期期中学业水平测试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,理想变压器原线圈两端接正弦交变电压,副线圈两端通过输电线接一只灯泡和一只滑动变阻器,输电线的电阻不计,在图示状态,当滑动片P向上滑动过程中,下列判断正确的是A．灯泡变亮B．流过滑动变阻器的电流变大C．流过变压器原线圈的电流变小D．滑动变阻器上得到的功率变大2、在电场中点放一个检验电荷，它所受的电场力为，则关于点电场强度，正确的说法是（）A．，方向与相同B．若取走，点的电场强度C．与检验电荷无关D．若检验电荷为，则3、电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻、及滑动变阻器R连接成如图所示的电路,当滑动变阻器的触头由a端滑向b端时,下列说法正确的是(

)A．电压表和电流表读数都减小 B．电压表和电流表读数都增大C．电压表读数增大,电流表读数减小 D．电压表读数减小,电流表读数增大4、如图所示电路中的电源为恒流源，不管外电路的电阻如何变化，它都能够提供持续的定值电流．电压表、电流表都为理想电表，当闭合电键后滑动变阻器R的滑动触头向右滑动时，电压表V示数变化的绝对值为△U，电流表A示数变化的绝对值为△I，下列说法中正确的是（）A．A示数减小，=R1 B．A示数减小，=R2C．A示数增大，=R1 D．A示数增大，=R25、a、b、c三个粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定()①在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上②b和c同时飞离电场③进入电场时，c的速度最大，a的速度最小④动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大A．① B．①② C．③④ D．①③④6、如图所示，为某点电荷电场中的一条电场线，其上两点、相距为，电势差为，点的场强大小为，把电荷量为的试探电荷从点移到点，电场力做功为，该试探电荷在点所受的电场力大小为．下列关系正确的是（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法中正确的是（）A．电动机应用了“自感”对交流电的阻碍作用B．电磁灶应用了“涡流”的加热原理C．电磁流量计应用了“涡流”所产生的电磁阻尼作用D．日光灯启动时利用了“自感”所产生的高压8、图为双量程的电流表电路示意图，其量程分别为0~0.6A和0~3A，已知表头内阻rg为200Ω，满偏电流Ig为2mA。A．当使用a、b两个端点时，量程为0~0.6AB．当使用a、b两个端点时，量程为0~3AC．当使用a、c两个端点时，量程为0~0.6AD．当使用a、c两个端点时，量程为0~3A9、如图所示，带电荷量之比为qA∶qB＝1∶3的带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OC＝CD，忽略粒子重力的影响，则（）A．A和B在电场中运动的时间之比为1∶2B．A和B运动的加速度大小之比为2∶1C．A和B的质量之比为1∶12D．A和B的位移大小之比为1∶110、下面四幅图展示了-一些物理学的应，说法正确的是A．甲图是电磁炮，当电源接通后，可以使炮弹获得极大的发射速度，其原理是磁场对流过炮弹的电流产生力的作用B．乙图是指南针，它可以指示南北方向，其原理是由于指针受到重力作用C．丙图是防辐射服，其内部是用包含金属丝的织物制成，是因为金属丝很坚韧，有利于保护人体D．丁图是灵敏电流表，在运输途中为了防止指针的大角度偏转，会把灵敏电流表的正负接线三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“研究小车做匀变速直线运动规律”的实验中，打点计时器在纸带上依次打出A、B、C、D、E五个点，如图所示.由此可判断小车做__________（选填“加速”或“减速”）运动；打B点时小车的速度________（选填“小于”或“大于”）打D点时小车的速度.12．（12分）某同学通过实验测定一个阻值约为100Ω的电阻Rx的阻值。现有电源（3V，内阻可不计）、开关和导线若干，以及下列电表：A．电流表（0～0.6A，内阻约0.025Ω）B．电流表（0～30mA，内阻约0.125Ω）C．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）D．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）E．滑动变阻器R1（0～20Ω，0.5A）F．滑动变阻器R2（0～50Ω，0.5A）（1）为尽可能较精确地测出该电阻的阻值，并且实验中，电表示数调节方便，在实验中，电流表应选用_____，电压表应选用_____滑动变阻器应选_____（选填器材前的字母）；在方框中画出符合要求的实验电路图____.（2）利用螺旋测微器测定合金丝的直径，示数如图所示，则可读得合金丝的直径为_____mm.（3）请根据电路图，在图中画出实物连线图______.（4）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电压表示数U、电流表示数I．某次电表示数如图所示，则电压U＝_____V，电流I＝_____A，由此可得该电阻的测量值Rx＝＝_____Ω.（5）采用该同学设计的电路测量金属丝的电阻，电阻的测量值比真实值_____.（选填：“偏大”、“相等”、“偏小”）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一修路工在长为S=100m的隧道中，突然发现一列火车出现在离右隧道口200m处，修路工所处的位置恰好处在无论向左还是向右跑均能脱离危险的位置，问这个位置离隧道右出口的距离是多少?他奔跑的最小速度至少应是火车速度的多少倍?14．（16分）有一小型直流电动机，把它接入U1＝0.3V的电路中时，电动机不转，测得流过电动机的电流为I1＝0.6A；若把电动机接入U2＝3.0V的电路中时，电动机正常工作，工作电流是I2＝1.0A。(1)求电动机的内电阻。(2)电动机正常工作时的输出功率是多少？(3)如果电动机正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发热功率是多大？15．（12分）平行金属带电极板A、B间可看作匀强电场，场强E=1.2×103V/m，极板间距离d=5cm，电场中C和D分别到A、B两板距离均为0.5cm，B板接地，如图所示，求：（1）C和D两点的电势φC、φD；（2）将点电荷q=2.0×10-3C,从C匀速移到D时外力做功多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

AB．输出电压是由匝数之比和原线圈的输入电压决定，所以输出电压不变，滑动片P向上滑动过程中，负载电阻变大，副线圈电流变小，灯泡变暗，故AB错误；C．根据电流之比等于线圈匝数的倒数比可知，原线圈电流变小，故C错误；D．副线圈中的电压不变，由于不知道电阻的阻值与灯泡阻值的大小关系，所以无法判断滑动变阻器功率的变化，故D错误。2、C【解析】根据电场强度的定义，P点场强大小为，方向与负电荷受到的力F方向相反，故A错误；电场强度是电场本身的属性，与检验电荷的电量、电性以及是否放置检验电荷均无关，故C正确，BD错误。所以C正确，ABD错误。3、B【解析】

首先认识电路的连接关系：与R并联后与串联,电压表测路端电压，电流表测量流过的电流；滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化及路端电压的变化；再分析并联电路可得出电流表示数的变化。本题中也可直接作为内电阻处理，可直接由闭合电路欧姆定律得出并联部分的电压增大，流过的电流增大。【详解】当滑片向b滑动时，R接入电阻增大，总电阻增大；由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流减小，则内电压减小，由可知路端电压增大，即电压表示数增大；因路端电压增大，两端的电压减小,故并联部分电压增大，由欧姆定律可知电流表示数增大，故B正确，ACD错误。故选B。4、D【解析】

据题意，电源为恒流源，能够提供持续的恒定电流，电阻R1两端电压不变，则当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路的总电阻减小，而总电流不变，则电源两端的电压减小，则R2两端电压减小，通过R2的电流增大；因总电流不变，故A示数增大．由于V2示数不变，所以电压表V1示数的变化量等于电阻R1两端电压的变化量，设总电流为I总．则电阻R2两端电压为：U=（I总-I）R2，则△U=△（I总-IA）R2=△IR2则得：A．A示数减小，=R1，与结论不相符，选项A错误；B．A示数减小，=R2，与结论不相符，选项B错误；C．A示数增大，=R1，与结论不相符，选项C错误；D．A示数增大，=R2，与结论相符，选项D正确；故选D．考点：电路的动态分析5、D【解析】

①②三个α粒子进入电场后加速度相同，由图看出，竖直方向a、b偏转距离相等，大于c的偏转距离，由得知，a、b运动时间相等，大于c的运动时间，即ta=tb＞tc故在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上，而c先飞出电场。故①正确，②错误.③三个α粒子水平方向上做匀速直线运动，则有x=v0t．由图看出，b、c水平位移相同，大于a的水平位移，即xb=xc＞xa而ta=tb＞tc可见，初速度关系为：vc＞vb＞va，故③正确.④由动能定理得：△Ek=qEy由图看出，a和b的偏转距离相等，大于c的偏转距离，故ab动能增量相等，大于c的动能增量,故④正确.故选D.6、B【解析】试题分析：a点的场强大小为E，电荷量为q的试探电荷在b点所受的电场力大小为F，因为不一定是匀强电场，故不一定满足，选项A错误；由电场力做功的公式可知W=qU，选项B正确；根据点电荷的场强公式，但是公式中的q应该是场源电荷的电量，d是该点到场源电荷的距离，选项C错误；由于不一定是匀强电场，故不一定满足U=Ed，选项D错误．考点：电场强度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】电动机应用了线圈在磁场中受到安培力转动．故A错误．电磁灶里面的线圈中变化的电流，产生变化的磁场，从而形成涡流，根据电流的热效应进行加热．故B正确．电磁流量计应用了带电粒子在磁场中受力的原理制成的，选项C错误；日光灯启动时利用了“自感”所产生的高压．故D正确．故选BD．8、BC【解析】当使用a、b两个端点时，表头与R2串联，再与R1并联，此时量程为：；当使用a、c两个端点时，R1与R2串联，再与表头并联，此时量程为：；由数学知识可知，，故BC正确．9、AC【解析】

A．粒子在电场中做类平抛运动，在水平方向：x＝v0t，初速度相等，所以t∝x，A和B在电场中运动的时间之比故A正确；

B．粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，y相同，a与t2成反比故B错误；

C．由牛顿第二定律得：qE=ma则粒子质量故C正确；D．A、B的位移大小之比：故D错误；10、AD【解析】

A．由图示可知，图示装置是电磁炮，当电源接通后，可以使炮弹获得极大的发射速度，其原理是磁场对流过炮弹的电流产生力的作用，故A正确；

B．图示是指南针，它可以指示南北方向，其原理是由于指针受到地磁场力的作用，故B错误；

C．图示是防辐射服，其内部是用包含金属丝的织物制成，金属织物具有静电屏蔽作用，对人具有保护作用，故C错误；

D．图示是灵敏电流表，在运输途中为了防止指针的大角度偏转，会把灵敏电流表的正负接线柱用导线连接，利用了电磁感应中的电磁阻尼现象，故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、加速；小于【解析】

打点计时器在纸带上依次打出A、B、C、D、E五个点，相等时间内位移逐渐增大，则速度越来越大，小车做加速运动，打B点的速度小于打D点时小车的速度．故答案为加速，小于．12、BCE0.7002.600.0250104偏大【解析】

(1)[1][2]因电源的电压为3V，因此电压表选择3V量程的C；由于测量的约为100Ω的电阻，根据欧姆定律可知，电流的最大值为所以电流表选择30mA量程的B；[3]滑动变阻器用小电阻控制大电阻，操作方便，故用小滑动变阻器R1（0～20Ω），选E.[4]根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知所以待测电阻是大电阻，因此选择电流表内接法，滑动变阻器的阻值远小于待测电阻阻值，所以滑动变阻器采用分压式，电路图如图所示：(2)[5]测合金丝的直径时，螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm.(3)[6]实物连线图如图所示：(4)[7]电压表最小分度是0.1V，所以读数保留到最小分度下一位，其读数为2.60V，[8]电流表最小分度为1mA，所以读数保留到最小分度下一位，其读数为25.0mA，即为0.0250A；[9]待测电阻为：(5)[10]根