湖南省常德市鼎城区2024-2025学年九年级上学期期末物理试题（含答案）

第第页湖南省常德市鼎城区2024-2025学年九年级上学期期末物理试题一、单选题（每题3分，共12小题，共计36分）1．下列现象属于扩散现象的是（）A．春天，柳絮飞扬 B．夏天，荷花飘香C．秋天，黄沙扑面 D．冬天，雪花纷飞2．下列说法正确的是（）A．热机效率越高，所做有用功就越多B．比热容是物质自身的性质，只与物质的种类有关，与物质的状态、质量、吸收或放出的热量无关C．质量相等的两种燃料完全燃烧，热值大的放出热量多D．将木柴架空一些点燃，火能燃烧得更旺，是提高了木柴的热值3．学完了能量的转化与守恒之后，同学们在一起梳理知识交流了以下看法，你认为正确的是（）A．根据能量守恒定律，机械能总和保持不变B．物体放出热量，发生了能量转移，其温度一定降低C．太阳能电池板可以将太阳能转化为电能D．火箭加速升空，动能转化为重力势能4．以下估测值中，最符合生活实际的是（）A．普通电视机正常工作时的功率为1100WB．室内一盏日光灯的额定电流约为2AC．家庭电路的电压是220VD．人体的安全的电压是36V5．电流通过一台机器产生的机械能是3600J，内能是1200J，电流做功为()A．3600J B．1200J C．4800J D．2400J6．如图所示是某家庭电路，闭合开关S1、S2，L1灯发光，L2灯不发光。用试电笔分别接触c、d两点，氖管都发光。若电路中只有一处故障，则（）A．L2短路 B．L2断路 C．ad间断路 D．bc间断路7．生活中我们要时刻注意用电安全，如图所示的下列行为符合用电安全常识的是（）A．甲图：用湿抹布擦发光的灯泡B．乙图：发现有人触电迅速切断电源C．丙图：电冰箱的金属外壳没有接地线D．丁图：多个大功率用电器同时用一个插座8．将“220V100W”的灯泡L1和“220V40W”的灯泡L2，串联在220V的电源上，组成闭合电路（设灯丝电阻不变），则下列说法正确的是（）A．灯泡L1和L2一样亮B．灯泡L1比灯泡L2亮C．两灯泡的总功率小于40WD．两灯泡的实际功率都变为其额定功率的一半9．如图所示，对下列现象相应的说明正确的是（）A．甲图说明通电螺线管周围的磁场与U形磁体类似B．乙图中只改变电流的方向，测力计的示数变小C．丙图中U形磁铁周围的磁感线在靠近磁极处分布得比较密D．丁图中小磁针的N指向地理南极10．如图是某定值电阻和小灯泡的U-I图像，小明对图像信息作出的判断，正确的是（）A．甲是小灯泡的U-I图像B．乙的阻值为5ΩC．将甲和乙串联，若电流为0.3A，则它们两端的电压为1.5VD．将甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.6A11．很多商场都安装了自动扶梯，这种电梯没人和有人时运行的速度会发生变化，其简易电路如图所示，R是一个压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。下列说法正确的是（）A．控制电路中的电磁铁上端为S极B．人走上电梯后，衔铁与触点2接触，电梯运行速度加快C．人走下电梯后，电动机的额定功率变小，电动机转速变慢D．人走下电梯后，电磁继电器控制电路中的电流增大12．如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻．闭合开关S，当滑片P从中点向右移时A．电流表A1的示数变小 B．电流表A2的示数变小C．电压表的示数变大 D．R2的电功率变大二、填空题（每空2分，共18分）13．如图所示为小明家本月月底电能表的示数，上个月月底电能表的示数是861.6kW•h，那么小明家本月所用的电是度，如果每度电费是0.6元，那么小明家这个月应该交的电费是元。14．用塑料梳子梳理干燥的头发后，梳子能够吸起碎纸屑，这是因为带电体能；若塑料的原子核束缚电子的本领强于头发，用该梳子接触不带电的验电器金属球，发现两金属箔片张角张开，这是因为；接触的瞬间，电子转移方向是（填“从梳子到金属球”或“从金属球到梳子”）。15．有两个定值电阻，分别标有“10Ω，1.2A”和“15Ω，0.6A”字样，将它们串联后接入电路使用，那么电路两端的电压不能超过V，若将它们并联后接入电路使用，那么电路中的总电流不能超过A。16．茶文化是中国传统文化的精华之一，如图所示，是某中学在茶艺的培训课活动的情形。烧水的过程中，将木炭的化学能转化为了水的能，茶壶中0.2kg的水温度升高50℃，这过程中水吸收的热量为J。三、实验题（每图2分，每空2分，共28分）17．（1）请用笔画线表示导线，将图中的电灯、开关和插座正确接入家庭电路中；（2）根据小磁针静止时的指向在图中标出通电螺线管的N、S极和电源正负极。18．如图，在探究“产生感应电流的条件”实验中：（1）实验中通过观察来判断电路中是否有感应电流；（2）磁铁不动，闭合开关，导体AB沿（选填“上下”或“左右”）方向运动时，电流表指针会发生偏转；（3）该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做运动时，导体中就会产生感应电流；（4）如果将小量程电流表换成，可以探究磁场对通电导体的作用。19．如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着初温、质量相同的空气。（1）本实验中通过观察U形管的来比较产生热量的多少，采用的探究方法是。（2）利用甲装置可探究电流产生的热量与的关系；（3）乙装置中的电阻R3的作用主要是使电阻R1和R2中的电流（选填“相等”或“不相等”），为了使实验现象更明显，可以将R3的阻值换成（选填“更大的”或“更小的”）。20．在“测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”实验中，连接电路如甲所示，电源电压为3V，电表完好。（1）连接电路时，滑动变阻器的滑片应滑到端（填“A”或“B”），可以起到保护电路作用；（2）按图甲连接好电路后闭合开关，发现电流表无示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数始终接近电源电压。若只有一个元件有问题，则故障原因是；（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某处，使电压表示数为2.5V，此时电流表指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率为W。四、计算题（每题9分，共18分）21．如图所示，电源电压保持不变。闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电压表示数为6V，电流表示数为0.3A。滑片P在b端时电压表的示数为2V。求：（1）电源电压；（2）电阻R1的阻值；（3）滑动变阻器R2的最大阻值。22．如图所示是某调温型电烤箱的简化电路图，它的额定工作电压为220V，R1和R2均为电烤箱中的加热元件，（1）低温挡正常工作时的电流是多大？（2）R1（3）电烤箱在高温挡正常工作5分钟所产生的热量是多少？

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】柳絮飞扬，黄沙扑面，雪花纷飞，这些都是宏观物体的运动，不是分子的运动，不属于扩散现象，花香四溢，是分子无规则运动的结果，属于扩散现象，ACD不符合题意，B符合题意。故答案为：B。

【分析】花香四溢，是分子无规则运动的结果，属于扩散现象。2．【答案】C【解析】【解析】A：热机效率η的计算公式为：η=W有用/Q总×100%，其中W有用表示有用功，Q总表示燃料完全燃烧释放的总能量。效率高低不仅取决于有用功的多少，还取决于燃料释放的总能量。因此即使效率很高，若Q总很小，W有用也不会多。该选项表述错误。B：比热容c是物质的固有属性，其定义式为：c=Q/(mΔT)。它仅取决于物质种类和状态（如固态、液态），与质量m、吸收热量Q或温度变化ΔT无关。该选项表述错误。

C：热值q的定义式为：q=Q/m，表示单位质量燃料完全燃烧释放的热量。当质量m相同时，热值q越大，释放热量Q=qm越多。该选项表述正确。D：架空木柴能增大与氧气的接触面积，促进充分燃烧，提高燃烧效率。但热值是燃料的固有属性，仅与燃料种类有关，燃烧方式的改变不会影响热值。该选项表述错误。故选C。

【分析】核心考点：热机效率、比热容、热值的概念及燃料放热公式的应用。

涉及知识点：

1.热机效率：η=W有Q放，有用功由效率和燃料放热共同决定；

2.比热容：物质的特性，与物质种类、状态有关，与质量、吸放热无关；

3.燃料放热公式：Q放=mq（m为质量，q为热值）；

4.热值：燃料的固有特性，与燃烧方式、燃烧是否充分无关。

常见易错点：

1.混淆“热机效率”与“有用功”的关系：误认效率高则有用功一定多；

2.忽略比热容与状态的关系：误认同种物质的比热容一定相同；

3.误解热值的特性：误认燃烧方式会改变燃料的热值。

3．【答案】C【解析】【解答】A、根据能量守恒定律，机械能总和保持不变能量守恒定律指的是总能量保持不变，但机械能会因摩擦等因素转化为内能（如克服阻力做功），机械能总和不一定不变（机械能守恒需要“只有重力/弹力做功”的条件），该说法错误。

B、物体放出热量，发生了能量转移，其温度一定降低物体放出热量时，温度不一定降低，例如晶体凝固过程中，放出热量但温度保持不变（晶体的凝固点温度），该说法错误。

C、太阳能电池板可以将太阳能转化为电能太阳能电池板的工作原理是将太阳能（光能）直接转化为电能，该说法正确。

D、火箭加速升空，动能转化为重力势能火箭加速升空时，燃料燃烧释放的内能转化为火箭的动能和重力势能（动能和重力势能均增大），并非动能转化为重力势能，该说法错误。

故选C。

【分析】核心考点：能量的转化与转移、能量守恒定律的理解、不同能量变化的实例分析。

涉及知识点：1.能量守恒定律：自然界总能量保持不变，但某一种形式的能量（如机械能）可能与其他形式的能量（如内能）相互转化；

2.热量与温度的关系：物体放热/吸热时，温度是否变化取决于物质的状态（晶体熔化/凝固时，温度不变）；

3.能量转化实例：太阳能电池板（太阳能→电能）、火箭升空（内能→动能+重力势能）；

4.机械能的变化：动能与重力势能的转化需满足“一种能增加、另一种能减少”，火箭加速升空时两种能均增加，不属于相互转化。

常见易错点：混淆“能量守恒”与“机械能守恒”：认为能量守恒就意味着机械能不变；

错误认为“放热必降温”：忽略晶体凝固、液体沸腾等“吸热/放热但温度不变”的过程；

误判火箭升空的能量转化：将“内能转化为机械能”误认为是“动能转化为重力势能”。解题关键：结合能量转化的条件、物质的物态变化特点，对每个选项对应的能量变化实例逐一分析，区分“能量转化”与“能量转移”、“总能量守恒”与“单一形式能量守恒”的差异。​​​​​​​4．【答案】C【解析】【解答】A、普通电视机正常工作时的功率为100W左右，A不符合题意；B、家用日光灯的电功率约为40W，工作电流约为0.2A，B不符合题意；C、由生活常识可知，我国家庭电路的电压为220V，C符合题意；D、人体的安全电压是不高于36V，D不符合题意；故答案为：C.【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。5．【答案】C【解析】【解答】解：电流通过电动机做功，一部分电能转化为了内能，一部分转化为了机械能，因此电流所做的功为：3600J+1200J=4800J。

故选：C。

【分析】电流做了多少功，就把多少电能转化为其它形式的能，电动机工作时，主要产生机械能，还有一部分转化为内能。6．【答案】D【解析】【解析】选项分析：A.当L2发生短路时，保险丝会熔断导致火线断开，此时L2不亮。用试电笔检测c、d两点时，氖管均不会发光。此情况与题目描述不符。B.若L2出现断路，L1能正常发光而L2不亮。用试电笔测试时，d点会发光（连接火线）而c点不发光（处于断路状态）。此现象与题目要求不符。C.当ad段发生断路时，部分火线断开，L1发光而L2不亮。用试电笔检测c、d两点均不会发光。此情况不符合题目描述的现象。D.若bc段出现断路（零线部分断开），此时：L1所在回路正常，能正常发光

L2因断路不亮，但其灯丝作为导体将火线连通至c点及后续零线用试电笔检测c、d两点时都会发光故选D。

【分析】核心考点：家庭电路的故障判断（断路/短路）、测电笔的工作原理。涉及知识点：

1.测电笔的使用：氖管发光说明接触点与火线连通（带电），不发光说明与零线连通（不带电）；

2.断路的故障特点：某段电路断开时，断点与火线连通的一侧会带电（测电笔发光），与零线连通的一侧不带电；

3.短路的故障特点：用电器短路会导致电路电流过大，引发保险丝熔断或空气开关跳闸，整个电路断电。

常见易错点：

混淆“短路”与“断路”的现象：短路会导致电路断电，断路仅会使故障支路断电，干路/其他支路可能正常；

误判测电笔发光的原因：认为测电笔发光一定是直接接触火线，忽略“断路时，断点通过用电器与火线连通”的情况。解题关键：

先通过“L1发光”确定火线干路、零线干路正常；再结合“c点测电笔发光”，判断c点与火线连通，进而锁定“bc段（零线支路）断路”的故障。

7．【答案】B【解析】【解答】A．生活用水具有导电性，使用湿抹布擦拭通电状态的灯泡可能导致电流通过人体，引发触电危险，因此该做法不安全，选项A错误；B．发现触电事故时，直接用手拉拽触电者会导致施救者同时触电，正确的做法是首先切断电源，再实施救援，因此选项B正确；C．电冰箱金属外壳接地属于安全防护措施，当外壳带电时可通过接地线将电流导入大地，避免人体接触时发生触电，故选项C描述正确但不符合题意；D．同一插座同时接入多个大功率电器会造成线路过载，可能引发导线过热甚至火灾，属于安全隐患，选项D错误。故选B。【分析】核心考点：家庭电路的用电安全常识（触电急救、用电器接地、插座过载等）。涉及知识点：1.导体的触电风险：湿物体（如湿抹布）是导体，接触带电用电器易引发触电；2.触电急救措施：有人触电时，应先切断电源，禁止直接拉拽触电者；3.金属外壳用电器的接地要求：金属外壳的用电器必须接地线，防止外壳漏电触电；4.插座的负载限制：多个大功率用电器同时接一个插座会导致电流过大，引发安全隐患。常见易错点：1.误认为“湿抹布擦灯泡仅会损坏灯泡”，忽略其触电风险；2.有人触电时，误选“直接拉拽触电者”的错误施救方式；3.忽视金属外壳用电器的接地要求，认为“不接地也能正常使用就安全”。解题关键：牢记用电安全的基本规则（湿物体不碰带电体、触电先断电、金属外壳要接地、避免插座过载），逐一判断选项行为的安全性。8．【答案】C【解析】【解答】A、B、由P=U2R，灯泡L1的电阻为：R1=U额2P额=(220V)2100W=484Ω，灯泡L2的电阻为：R2=U额2P额=(220V)240W=1210Ω，串联在电路中，灯泡的亮度由实际功率决定，根据P=I2R，可知，串联电路通过各个用电器电流相等，因为R1<R2，所以P1>P2，即灯泡L2更亮，故A、B错误；

C、D、两灯串联在220V电路中，串联电路总电阻等于各个串联电阻之和，铜鼓电路的电流为

I=UR=UR1+R29．【答案】C【解析】【解答】逐一分析各选项对应的电磁学知识：A、甲图说明通电螺线管周围的磁场与U形磁体类似甲图是通电长螺线管，其磁场分布类似条形磁铁（两端磁场强、中间弱），而U形磁体的磁场是两极相对的分布，二者磁场分布不同，该说法错误。B、乙图中只改变电流的方向，测力计的示数变小先用安培定则判断螺线管极性：原电流方向（下正上负）下，螺线管上端为N极，与磁铁下端N极相互排斥，测力计示数为“磁铁重力-排斥力”；若改变电流方向，螺线管上端变为S极，与磁铁下端N极相互吸引，测力计示数变为“磁铁重力+吸引力”，示数会变大，并非变小，该说法错误。C、丙图中U形磁铁周围的磁感线在靠近磁极处分布得比较密磁感线的疏密程度反映磁场的强弱，磁极附近磁场最强，因此U形磁铁周围的磁感线在靠近磁极处分布较密，该说法正确。D、丁图中小磁针的N指向地理南极地磁场的北极位于地理南极附近，根据“异名磁极相互吸引”，小磁针的N极会指向地理北极（被地磁南极吸引），并非地理南极，该说法错误。故选C。【分析】核心考点：通电螺线管的磁场分布、安培定则的应用、磁感线的特点、地磁场的磁极分布。涉及知识点：1.通电螺线管的磁场：通电长螺线管的磁场类似条形磁铁，而非U形磁体；2.安培定则：通过电流方向判断螺线管的磁极，进而分析磁极间的相互作用（吸引/排斥）；3.磁感线的特点：磁感线越密，磁场越强，磁极附近磁感线最密；4.地磁场：地磁北极靠近地理南极，地磁南极靠近地理北极，小磁针N极指向地理北极。常见易错点：1.混淆“通电长螺线管”与“U形磁体”的磁场分布；2.误判电流方向改变后，螺线管磁极变化对测力计示数的影响（排斥变吸引时，示数会增大）；3.记错地磁场的磁极对应关系（误将小磁针N极指向地理南极）。解题关键：先用安培定则判断螺线管极性，结合“磁感线疏密反映磁场强弱”“地磁场磁极分布”的规律，逐一分析每个选项的逻辑合理性。10．【答案】D【解析】【解答】A．小灯泡的电阻随温度变化而变化，而甲对应的U-I关系呈现为一条通过原点的直线，这表明甲代表定值电阻的特性曲线，乙则代表小灯泡的非线性特性曲线，因此选项A的表述是错误的。B．由于乙曲线代表小灯泡的特性，其电阻值随工作状态变化，在未指定具体电流或电压条件时，无法进行电阻大小的比较，故选项B的表述也是错误的。C．当甲（定值电阻）和乙（小灯泡）串联时，若电路电流为0.3A，根据两者的U-I特性可得：甲两端电压为1.5V，乙两端电压为0.5V。根据串联电路电压特性，总电压应为各元件电压之和：U=UD．当甲和乙并联且两端电压为1V时，根据两者的U-I特性可得：通过甲的电流为0.2A，通过乙的电流为0.4A。根据并联电路电流特性，干路电流应为各支路电流之和：I=I故选D。

【分析】核心考点：U-I图像的物理意义（定值电阻与小灯泡的区分）、串并联电路的规律、欧姆定律的应用。涉及知识点：

1.U-I图像的区分：

定值电阻：U-I图像为过原点的直线（R=UI恒定，U与I成正比）；

小灯泡：U-I图像为曲线（灯丝电阻随温度升高而增大，UI的比值逐渐变大）。

2.串并联电路的特点：

串联：电流处处相等，总电压U总=U1+U2；

并联：各支路电压相等，总电流I总=I1+11．【答案】B【解析】【解答】解：A、根据安培定则电磁铁的上端为N极，即相当于条形磁铁的N极，故A错误；

B、控制电路中R是一个压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小，当人走上电梯后，压力增大，R的阻值变小，控制电路中电流变大，电磁铁的磁性增强，则衔铁被吸下，与触点2接触，则电动机上的电压增大（等于电源电压），电动机的实际功率增大，其转速加快，故B正确。

CD、人走下电梯后，压力减小，R的阻值变大，控制电路中电流变小，电磁铁磁性减弱，则衔铁不会被吸下，与触点1接触，则电动机与R1串联，通过电动机的电流小，电动机转速变慢，而根据P额=U额I额可知电动机的额定功率不变，故CD错误。

故选：B。

【分析】（1）根据安培定则电磁铁出电磁铁的N极；

（2）电流大小发生变化时，电动机转动速度变化；

（3）根据P=UI进行分析判断；

（4）图中有两个电路，左侧为压敏电压与电磁铁串联，右侧为电机控制电路，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻断路，电机中电流增大。12．【答案】B【解析】【解答】解：由图示电路图可知，两电阻并联，电压表测电源两端电压，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测干路电流；

A、滑片向右移动，电源电压不变，电阻R1阻值不变，通过电阻R1的电流不变，电流表A1示数不变，故A错误；

B、滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器电流变小，通过定值电阻的电流不变，干路电流变小，电流表A2示数变小，故B正确；

C、电压表测电源电压，电源电压不变，电压表示数不变，故C错误；

D、滑动变阻器两端电压不变，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由电功率公式：P=U2R可知，电阻R2消耗的电功率变小，故D错误；

故选：B。

【分析】分析电路图，R1和R2并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量R1中的电流，电流表A213．【答案】90；54【解析】【解答】解：此时电能表的示数为951.6kW•h，则这个月小明家共消耗电能951.6kW•h-861.6kW•h=90kW•h，

应交电费90kW•h×0.6元/kW•h=54元。

故答案为：90；54。

【分析】电能表的读数方法：（1）月末的减去月初的示数。（2）最后一位是小数。（3）单位kW•h。

电费价格乘以消耗的电能就是本月应交的电费。14．【答案】吸引轻小物体；同种电荷互相排斥；从梳子到金属球【解析】【解答】塑料梳子梳理干燥的头发后，梳子由于摩擦而带上了电荷，带电体能吸引轻小物体，故梳子能够吸起碎纸屑。由于同种电荷相互排斥，所以，金属箔片由于带上同种电荷互相排斥而张开。塑料的原子核束缚电子的本领强于头发，则在摩擦过程中，头发上的部分电子转移到梳子上，梳子带负电。该梳子接触不带电的验电器金属球，梳子上多余的电子转移到金属球上，故电子转移方向是从梳子到金属球。

【分析】带电体能吸引轻小物体；同种电荷相互排斥；电子转移时，从电子多向电子少的位置传递。15．【答案】15；1.5【解析】【解答】[1]电阻"10Ω1.2A"允许通过的最大电流I1=1.2A，电阻"15Ω0.6A"允许通过的最大电流I2=0.6A。在串联电路中，电流处处相等，因此两电阻串联时，电路中的最大电流为：I=I2=0.6A根据欧姆定律，电路两端的电压为：U=I(R1+R2)=0.6A×(10Ω+15Ω)=15V

[2]由欧姆定律公式I=UR可得：

R1两端的最大电压：U1=I1R1=1.2A×10Ω=12V

R2两端的最大电压：U2=I2R2=0.6A×15Ω=9V

在并联电路中，各支路电压与电源电压相等，因此电路两端的最大电压为：U'=U2=9V

此时通过R2的电流I2=0.6A，通过R1的电流为：I1'=U综上答案：第1空：15，第2空：1.5【分析】核心考点：串、并联电路的特点，欧姆定律的应用（电路安全电流/电压的计算）。涉及知识点：

1.串联电路：电流处处相等（最大电流取电阻允许的最小电流），总电阻R串=R1+R2，电压U=IR解题关键：

串联时以“电流不超过电阻的最小允许电流”为限制条件；并联时以“电压不超过电阻的最小允许电压”为限制条件，再结合串、并联电路规律和欧姆定律计算。16．【答案】内；4.2×104【解析】【解答】解：木炭燃烧释放化学能，这部分能量被用来加热水。因此，木炭的化学能转化为了水的内能。根据热量的计算公式Q=cmΔt，可以计算出水吸收的热量为Q=cmΔt=4.2×103J/kg17．【答案】（1）（2）【解析】【解答】解：（1）开关控制电灯时，开关连接在火线与电灯之间，火线首先过开关再入灯泡顶端的金属点，零线直接连电灯的螺丝口；

三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示：（2）由图知小磁针的右端为N极、左端为S极，自由静止时靠近螺线管的右端，根据磁极间的相互作用规律可知，螺线管的右端为N极；在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出来回到S极，所以磁感线的方向是向左的；

利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入左端流出，从而可以确定电源的左端为负极，右端为正极。如下图所示

【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

（2）根据小磁针的S极，根据磁场间的作用规律，可以确定螺线管的N、S极；

根据磁感线方向的特点，可以确定磁感线的方向；

利用螺线管的N、S极，结合线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源的正负极。（1）为了保证开关断开时，没有电流经过灯泡，防止触电事故的发生，需要将开关安装在火线上，螺口灯泡的顶端金属点接火线，螺旋外壳接零线接入电路；三孔插座遵循“左零、右火、上接地”的原则接入电路中，如图所示：（2）根据磁极间的相互作用可知，通电螺线管右端为S极，左端为N极；根据安培定则可知，通电螺线管上通过导线的电流向上，则电源右端为正极，左端为负极，如图所示：18．【答案】电流表指针是否偏转；左右；切割磁感线；电源【解析】【解答】(1)第1空：电流表指针是否偏转原因是：感应电流的强度较小，实验中通过观察电流表指针是否偏转（转换法），可直观判断电路中是否存在感应电流。(2)第2空：左右磁铁的磁感线方向为上下方向（从N极到S极），导体AB沿“左右”方向运动时，会切割磁感线；若沿“上下”方向运动，与磁感线平行，不会切割磁感线，因此只有左右运动时电流表指针会偏转。(3)第3空：切割磁感线产生感应电流的实验结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。(4)第4空：电源探究“磁场对通电导体的作用”时，需要给导体通入电流，因此需将测量电流的小量程电流表替换为提供电流的电源。综上答案：(1)第1空：电流表指针是否偏转(2)第2空：左右(3)第3空：切割磁感线(4)第4空：电源

【分析】核心考点：电磁感应现象的实验探究（感应电流的判断、产生条件），以及磁场对通电导体作用的实验器材转换。涉及知识点：1.感应电流的判断：利用转换法，通过电流表指针偏转判断电流存在；2.切割磁感线的判定：导体运动方向与磁感线方向不平行时，会切割磁感线；3.感应电流的产生条件：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动；4.磁场对通电导体的作用：实验需要导体中有电流，因此需用电源替代电流表提供电流。解题关键：结合磁感线方向判断导体切割磁感线的运动方向；区分“电磁感应（产生电流，需电流表）”与“磁场对通电导体的作用（需要电流，需电源）”的实验器材差异。19．【答案】（1）液面高度差；转换法（2）电阻（3）不相等；更小的【解析】【解答】解：（1）本实验中电流通过导体产生热量的多少不易直接观察，我们根据气体热胀冷缩的特征，通过观察U形管两边液面的变化来比较，在这里运用的实验方法是转换法；

（2）甲装置两电阻串联，电流和通电时间相同，电阻不同，根据控制变量法，利用甲装置可探究电流产生的热量与电阻的关系。（3）乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，故乙装置中的电阻R3的作用主要是使电阻R1和R2中的电流不相等，为了使实验现象更明显，根据Q=I2Rt，在电阻和通电时间相同的条件，应使通过两容器内的电流差别较大，根据并联电路电压的规律及欧姆定律，可以将R3的阻值换成更小的；

故答案为：（1）液面高度差；转换法（2）电阻；（3）不相等；更小的。

【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，可采用转换法间接得到导体通电后产生热量的多少；

（2）电流产生的热量跟电流、电阻、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；电流产生热量的多少与电阻有关，其他条件相同时，电阻越大，电流通过导体产生的热量越多。

（3）分析乙装置电路连接，根据并联和串联电路电流的规律分析；根据Q=I2Rt结合并联电路电压的规律及欧姆定律分析。（1）[1]当电流通过电阻丝时，电阻丝会产生热量并使容器中的空气受热膨胀，从而导致U形管中的液面高度发生变化。因此，可以通过观察U形管中液面高度差的变化来比较产生热量的多少。[2]实验中采用的探究方法是转换法，即将不易观察或测量的物理量（如电流产生的热量）转换为易于观察或测量的物理量（如U形管中液面高度差）。（2）利用甲装置（即两个电阻串联的装置）可以探究电流产生的热量与电阻的关系。因为在串联电路中，电流处处相等，所以通过两个电阻的电流是相同的，此时产生的热量不同就只能是因为电阻的不同。（3）[1]乙装置中的电阻R3​与电阻R2​并联，然后再与电阻R1​串联，根据并联电路和串联电路电流的特点可知，通过R2​的电流小于通过R1​的电流，从而可以探究电流产生的热量与电流的关系。因此，电阻R3​的作用主要是使电阻R1​和R2​中的电流不相等。[2]为了使实验现象更明显，需要使通过R2​的电流（也即支路电流）与通过R1​的电流之间的差值更大。根据并联电路的特点和欧姆定律，可以通过减小R3​的阻值来实现这一点，因为减小R3​的阻值会使通过R3​的电流增大，进而使通过R2​的电流与通过R1​的电流之间的差值更大。因此为了使实验现象更明显，可以将R3​的阻值换成“更小的”（在合理范围内）以增大干路电流与通过R2​的电流之间的差值。20．【答案】A；小灯泡断路；1.25【解析】【解答】解：（1）连接电路时，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于最大的A端。

（2）电流表无示数，说明出现了断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表测量对象，即小灯泡发生了断路。

（3）如图乙，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，由指针位置可知电流表