2027届江西省新余第四中学物理高二第一学期期中经典试题含解析

2027届江西省新余第四中学物理高二第一学期期中经典试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，把长为L的导体棒悬挂在水平方向的匀强磁场中，磁感应强度为B，当导体棒中通以方向向左的电流I时，导体棒受到的安培力大小和方向分别是A．大小为BIL，方向竖直向上B．大小为BIL，方向竖直向下C．大小为，方向竖直向上D．大小为，方向竖直向下2、如图所示，用细橡皮筋悬吊一轻质线圈，置于一固定直导线上方，线圈可以自由运动．当给两者通以图示电流时，线圈将（）A．靠近直导线,两者仍在同一竖直平面内 B．远离直导线,两者仍在同一竖直平面内C．靠近直导线,同时旋转90° D．远离直导线,同时旋转90°3、如图所示，通电螺线管ab外部的小磁针N极指向右方，若在螺线管内部的c点也放进一个小磁针，则以下判断正确的是()A．a端接电源负极，c点处小磁针N极指向左方B．a端接电源负极，c点处小磁针N极指向右方C．a端接电源正极，c点处小磁针N极指向左方D．a端接电源正极，c点处小磁针N极可指向任意方向4、小华发现参考书上某个电量的数值模糊不清．请你运用学过的知识来判断该数值可能是()A．6.8×10－19CB．6.6×10－19CC．6.4×10－19CD．6.2×10－19C5、如右图甲所示，一弹簧振子在AB间做简谐运动，O为平衡位置．乙是振子做简谐运动时的位移一时间图象．则关于振子的加速度随时间变化的规律，下列四个图象中正确的是()A． B． C． D．6、如图所示，每个电阻的阻值都是2Ω，安培表内阻不计，在B、C间加6V电压时，安培表的示数是（）A．0 B．1A C．2A D．3A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表。电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，把它们按图接入电路，且都没有超过量程，则（）A．电流表的读数大于电流表的读数B．电流表的偏转角小于电流表的偏转角C．电压表的读数等于电压表的读数D．电压表的偏转角等于电压表的偏转角8、如图所示，是一独立正点荷形成电场中的一条电场线，线段AB=BC，则A．电场强度比较是EA＞EBB．电势比较是φA＜φBC．电势差比较是UAB＞UBCD．检验电荷沿AC方向移动电场力不做功9、带电粒子从静止出发经过电场加速后垂直进入偏转电场，当离开偏转电场时，决定带电粒子侧移距离大小是A．带电粒子质量越大侧移越大B．带电粒子电量越多侧移越大C．加速电极间的电压越低侧移越大D．偏转电极间的电压越高侧移越大10、如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器Ro的滑动端向下滑动的过程中()A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表的示数减小，电流表的示数增大C．电阻R1消耗的电功率增大D．电源内阻消耗的功率减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某探究小组采用如图甲所示的电路测定一节干电池的电动势和内阻时，发现量程为3V的电压表出现故障不能正常使用，实验台上有一个量程为，内阻灵敏电流计和一个电阻箱R（）．（1）为了把灵敏电流计改装成量程为2V的电压表继续实验，电阻箱R应调整至______．（2）探究小组中一个同学用灵敏电流计和电阻箱设计了如图乙所示的实验电路，同样测出了干电池的电动势和内阻．①多次调节电阻箱，记录灵敏电流计的示数I和电阻箱的阻值R，电源的电动势和内阻分别用E和r表示，则和R的关系式为_____________．②然后以为纵坐标，以R为横坐标，做出图线为一直线，如图丙所示，测得直线在纵轴上的截距b=134，直线的斜率，则该电池的电动势E=______V，内阻r=______．12．（12分）一电流表的满偏电流，电流表内阻，面板如图所示。若要把这个电流表的量程扩大成3A，应该在此电流表上_____（填写“串”或“并”）联一个电阻的大小应是_____Ω；用改装好的电流表测量某一电流（面板未进行修改），此时指针指到图中所示位置，则所测电流是_____A（结果保留小数点后两位数）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一质量为m，电荷量为q的粒子从容器A下方小孔S1飘入电势差为U的加速电场，然后让粒子从小孔S3垂直进入磁感应强度为B的磁场中，最后打到底片D上，粒子的重力忽略不计。（1）粒子在S1、S2之间做什么运动?在S2、S3之间做何种运动，在磁场区域将做何种运动?（2）粒子刚进入磁场时的速度大小（3）若粒子最终打到底片的D点，S3距离D多远？14．（16分）如图所示，一带负电的粒子（重力不计）以的初速度从匀强磁场中的P处沿水平方向射出，磁场垂直纸面向里，磁感应强度B=10T，该粒子下降高度h=0.10m时经过N点，已知粒子质量，电量，试求：（1）粒子到达N点时的速度v的大小和方向；（2）粒子从P到N的运动时间t。15．（12分）如图所示，半径为R的绝缘球壳上均匀地带有电荷量为的电荷，另一电荷量为的点电荷放在球心处，由于对称性，点电荷受力为零，现在球壳上挖去半径为的一个小圆孔，则此时置于球心的点电荷所受静电力的大小为多少？方向如可？（已知静电力常量为k）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

根据安培力的概念可知，导体棒所受的安培力大小为BIL，根据左手定则可知方向竖直向下，选项B正确．2、A【解析】

由右手螺旋定则判断出直导线的磁场，线圈在直导线上边，所处的磁场方向垂直纸面向外．由左手定则判断线圈的受力情况，左右部分大小相等，方向相反，上下两边方向也相反，但由于直导线周围磁感应强度的大小与它到导线的距离成反比，线圈下边受力比上边受力大，合力向下，所以线圈向下运动靠近通电长直导线，而不会发生转动．故A正确3、A【解析】

外部小磁针的N极水平向右，知螺线管内部的磁场方向向左，根据右手螺旋定则知，电流在螺线管中的方向从b到a，则b端为电源的正极，a端为电源的负极；再由螺线管内部的磁场方向向左，故小磁针静止时N极指向磁场方向，从右向左，即c点处小磁针N极指向左方，故A正确，B、C、D错误；故选A。根据小磁针N极的指向确定螺线管内、外部的磁场方向，通过右手螺旋定则判断出电流的方向，从而确定出电源的正极．从而确定小磁针静止时N极指向。4、C【解析】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，带电量为1.6×10－19C，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍，只有6.4×10－19C是1.6×10－19C的整数倍，故C正确，ABD错误。5、D【解析】

根据简谐运动振子的加速度与位移的关系：可知t=0时刻振子的加速度a=0，而且在前半个周期内加速度为负值。简谐运动的x-t图象是正弦曲线，则a-t图象与x-t图象上下对调。故D正确，ABC错误。故选D．6、B【解析】试题分析：等效电路如图，则并联部分电阻为0.5R，则电阻为R+0.5R=1.5R=3Ω,则干路电流,则通过电流表的电流为1A．考点：部分电路欧姆定律．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

电流表A1的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A2的内阻；电压表V1的量程大于V2的量程，故V1的电阻大于V2的电阻；

AB．由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同，故A1中的电流要大于A2中的电流，故A1的读数比A2的读数大，故A正确，B错误；CD．两电压表串联，故通过两表的电流相等，故V1的读数比V2的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角，故D正确，C错误。故选AD。8、AC【解析】试题分析：根据正点电荷电场线的分布规律可知，A点电场线较密集，则电场强度比较是EA＞EB，选项A正确；顺着电场线电势降低，故φA＞φB，选项B错误；因靠近A的一段电场线较密集，则根据U=Ed可知电势差比较是UAB＞UBC，选项C正确；检验电荷沿AC方向移动由于受向左或向右的电场力作用，故电场力做功，选项D错误；故选AC.考点：电场线、电场强度、电势差.9、CD【解析】试题分析：带电粒子在加速电场中时满足：；在偏转电场中:；，其中，解得：，则可知，偏转距离与带电粒子的质量和电量均无关，选项AB错误；加速电极间的电压U1越低侧移越大，选项C正确；偏转电极间的电压U2越高侧移越大，选项D正确；故选CD．考点：带电粒子在电场中的加速及偏转.10、AC【解析】试题分析：当变阻器Ro的滑动端向下滑动时，R0的阻值变小，故它与R2并联的总电阻变小，再与R1串联的总电阻也会变小，即外电器的电阻变小，所以路端电压的示数变小，即电压表的示数变小，由于电路的总电阻减小，所以电路中的电流会变大，所以R1两端的电压也随之变大，故R0与R2并联的两端电压一定变小，则电流表的示数会变小，选项A正确，B错误；由于电路中的电流增大，故电阻R1消耗的电功率增大，选项C正确；电源内阻消耗的电功率也增大，选项D错误．考点：电路的动态分析．【名师点晴】通过电路中外电阻的变化，由欧姆定律，串联电路的电压分配规律判断出其他物理量的变化，从而确定电路中电压表与电流表示数的变化，再确定电阻的电功率的变化；动态电路关键要抓住外电阻的变化，从而确定电路中电流的变化，进而确定其他物理量的变化．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、38001.51.0【解析】解：（1）将电流计改装成电压表，应串联一个大电阻，根据串并联电路的规律可知：（2）①根据闭合电路欧姆定律可知：变形可得：②根据图象和公式可知：，根据题意可知：E=1.5V；r=1.0Ω；12、并101.10【解析】

[1][2]把电流表改装成量程为3A的电流表，要并联一个电阻，并联电阻的阻值为：[3]电流表改装后其量程为3A，由图示电流表可知，其分度值为0.1A，示数为1.10A。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）粒子在S1、S2区做初速度为零的匀加速直线运动；在S2、S3区做匀速直线运动；在磁场区做匀速圆周运动.（2）d=2r=2【解析】试题分析：（1）粒子在S1、S2区做初速度为零的匀加速直线运动；在S2、S3区做匀速直线运动；在磁场区做匀速圆周运动.（各2分，共6分）（2）由动能定理知，粒子在电场中得到的动能等于电场对它所做的功，12即由此可得v=2qum粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为r=mvD点到S3的距离d=2r=22mu考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力14、（1）；与初速度方向成60°角斜向下。（2）【解析】

（1）粒子垂直进入匀强磁场中，只受洛伦兹力作用，做匀速圆周运动，故粒子的速度大小不变，即做速度和v的垂线，交点即是圆心O，圆周运动半径r满足，解得由几何关系可知，速度偏向角等于圆弧所对应的圆心角，且，解得=60°即粒子在N点速度v与初速度方向成60°角斜向下。（2）粒子在匀强磁场