2027届云南省迪庆州香格里拉中学高二物理第一学期期中学业水平测试试题含解析

2027届云南省迪庆州香格里拉中学高二物理第一学期期中学业水平测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于角速度和线速度，下列说法正确的是A．半径一定时，角速度与线速度成正比B．半径一定时，角速度与线速度成反比C．线速度一定时，角速度与半径成正比D．角速度一定时，线速度与半径成反比2、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R为可变电阻，其余电阻为定值电阻。则开关S闭合后，当R变小时，以下说法正确的是()A．电阻R1的功率变小B．电阻R2的功率变大C．电阻R3的功率变大D．电阻R4的功率变大3、如图是某静电场的一部分电场线分布情况，下列说法中正确的是（）A．这个电场可能是负点电荷的电场B．A点的电场强度大于B点的电场强度C．A、B两点的场强方向相同D．负电荷在B处受到的电场力的方向沿B点切线方向4、一种新型发电机叫磁流体发电机,如图所示表示它的发电原理:将一束等离子体(即高温下电离的气体,含有大量带正电和负电的粒子,而从整体来说呈中性)沿图中所示方向喷射入磁场,磁场中有两块金属板A、B,这时金属板上就聚集了电荷.在磁极配置如图中所示的情况下,下列说法中正确的是（）A．A板带正电B．有电流从b经用电器流向aC．金属板A、B间的电场方向向下D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力小于所受电场力5、某小型水电站的电能输送示意图如图所示。发电机的输出电压为220V，输电线总电阻为r，升压变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原、副线圈匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器)，要使额定电压为220V的用电器正常工作，则()A．nB．nC．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率6、下列关于能量的说法中不正确的是（）A．空中下落的石块速度越来越大，是因为石块的重力势能转化为动能B．酒精燃烧时，酒精的化学能转化为内能C．通过做功和热传递可以改变物体的内能D．人们对太阳能开发和利用，说明能量可以凭空产生二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=3cm。则下述计算结果正确的是（）A．a、b之间的电势差为40VB．a、c之间的电势差为50VC．将q=–5×10–3C的点电荷沿矩形路径abcd移动一周，电场力做功–0.25JD．将q=–5×10–3C的点电荷沿abc或adc从a点移动到c点，电场力做功都是–0.2J8、如图所示，A、B两物体的质量比mA∶mB=3∶2，它们原来静止在平板车C上，A、B间有一根被压缩了的弹簧，A、B与平板车上表面间动摩擦因数相同，地面光滑．当弹簧突然释放后，则有()A．A、B系统动量守恒 B．A、B、C系统动量守恒C．小车向右运动 D．小车向左运动9、我国第21次南极科考队在南极观看到了美丽的极光，极光是由来自太阳的高能量带电粒子流高速冲进高空稀薄大气层时，被地球磁场俘获，从而改变原有运动方向，向两极做螺旋运动，如图所示。这些高能粒子在运动过程中与大气分子或原子剧烈碰撞或摩擦从而激发大气分子或原子，使其发出有一定特征的各种颜色的光。地磁场的存在，使多数宇宙粒子不能达到地面而向人烟稀少的两极偏移，为地球生命的诞生和维持提供了天然的屏障，科学家发现并证实，向两极做螺旋运动的这些高能粒子的旋转半径是不断减小的，这主要与下列哪些因素有关（）A．洛伦兹力对粒子做负功，使其动能减小B．空气阻力做负功，使其动能减小C．南北两极的磁感应强度增强D．太阳对粒子的引力做负功10、某学校图书馆凭磁卡借还书，某同学了解到其工作原理是磁卡以一定的速度通过装有线圈的检测头，在线圈中产生感应电动势，从而传输了被记录的信号．为研究该现象，该同学于是借用了如图所示的实验室装置．螺线管固定在铁架台上，并与电流传感器、电压传感器和滑动变阻器连接．现将一小磁铁置于螺线管正上方，其上表面为N极，后静止释放，穿过螺线管后掉落到海绵垫上并静止（小磁铁下落中受到的空气阻力远小于重力，不发生转动），计算机屏幕上显示出如图的曲线。对于该实验结果，以下说法正确的是（）A．只减小磁铁释放高度，两个峰值都增大B．只减小螺线管匝数，两个峰值都减小C．只增大小磁铁质量，穿过线圈的时间不变D．只增大变阻器阻值，穿过线圈的时间减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，为“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡的额定电压为3V.（1）在图乙方框图中画出与实物电路相对应的电路图．（________）（2）完成下列实验步骤：①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，滑片应停留在滑动变阻器的最________(选填“左”或“右”)端；②闭合开关后，逐渐移动滑动变阻器的滑片，增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压；③记录如下8组U和I的数据，断开开关．根据实验数据在图丙方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线.（_______）编号12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1700.1900.2000.205小灯泡发光情况不亮微亮逐渐变亮正常发光（3）数据分析：①图线表明导体的电阻随温度的升高而________．②小灯泡正常工作时的电阻约为________．(保留到小数点后一位)12．（12分）某同学通过实验测定一个阻值约为100Ω的电阻Rx的阻值。现有电源（3V，内阻可不计）、开关和导线若干，以及下列电表：A．电流表（0～0.6A，内阻约0.025Ω）B．电流表（0～30mA，内阻约0.125Ω）C．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）D．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）E．滑动变阻器R1（0～20Ω，0.5A）F．滑动变阻器R2（0～50Ω，0.5A）（1）为尽可能较精确地测出该电阻的阻值，并且实验中，电表示数调节方便，在实验中，电流表应选用_____，电压表应选用_____滑动变阻器应选_____（选填器材前的字母）；在方框中画出符合要求的实验电路图____.（2）利用螺旋测微器测定合金丝的直径，示数如图所示，则可读得合金丝的直径为_____mm.（3）请根据电路图，在图中画出实物连线图______.（4）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电压表示数U、电流表示数I．某次电表示数如图所示，则电压U＝_____V，电流I＝_____A，由此可得该电阻的测量值Rx＝＝_____Ω.（5）采用该同学设计的电路测量金属丝的电阻，电阻的测量值比真实值_____.（选填：“偏大”、“相等”、“偏小”）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，把质量为克的带电小球A用丝线吊起，若将带电量为4×10﹣8C的正电小球B靠近它，当两小球在同一高度相距3cm时，丝线与竖直夹角为30°，（A、B都可视为点电荷，取g=10m/s2，k=9.0×109Nm2/kg2）求：（1）此时小球A受到的库仑力大小和方向？（2）小球A带的电量qA？14．（16分）在如图所示的电路中，电源内电阻r=1Ω，当开关S闭合后电路正常工作，电压表的读数U=8.5V，电流表的读数I=0.5A．求：①电阻R；②电源电动势E；③电源的输出功率P．15．（12分）一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板间距离相等，极板长L=0.20m，两极板的间距d=1.0×10-2m．（1）若开始开关S处断开状态，当其闭合后，求流过R4的总电荷量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（要求写出计算和分析过程，g取10m/s2）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

根据v=ωr可知，半径一定时，角速度与线速度成正比；线速度一定时，角速度与半径成反比；角速度一定时，线速度与半径成正比；选项A正确，BCD错误；故选A.2、B【解析】由图看出电路的结构是：电变阻器R与电阻R3并联后与R1串联，再与R4并联后与R2串联．当R变小时，外电路总电阻的变小，根据闭合电路欧姆定律可知：干路中电流I变大，电阻R2的功率变大；R4电压U4=E-I（R1+r），I变大，U4变小，通过R4的电流I4变小，电阻R4的功率变小，故D错误；通过R1的电流I1=I-I4，I变大，I4变小，则I1变大，R1的功率变大；R1的电压U1也变大，电阻R3的电压U3=U4-U1，U4变小，U1变大，U3变小，R3的功率变小；所以电阻R1的功率变大，电阻R2的功率变大，电阻R3的功率变小，电阻R4的功率变小，故B正确，ACD的错误；故选B。3、B【解析】

A．负点电荷的电场线分布如图：图中电场线为曲线，不符，A错误；B．电场线越密集的地方，电场强度越大，所以B正确；C．电场强度的方向沿着电场线的切线方向，所以、两点电场强度方向不同，C错误；D．负电荷受到的电场力与场强方向相反，所以负电荷在B处受到的电场力的方向沿B点切线反方向，D错误。故选B。4、B【解析】试题分析：根据左手定则知，正电荷向下偏，负电荷向上偏，则A板带负电．故A错误．因为B板带正电，A板带负电，所以电流的流向为b经用电器流向a．故B正确．因为B板带正电，A板带负电，所以金属板间的电场方向向上．故C错误．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力．故D错误．故选D．【点睛】根据左手定则判断出正负电荷所受洛伦兹力的方向，从而判断出正负电荷的偏转方向，带正电的极板电势高，电流从正极板流向负极板．5、AD【解析】由变压器的电压比匝数之比n2n1=U2U6、D【解析】

A．空中下落的石块速度越来越大，是因为石块的重力势能转化为动能，选项A正确，不符合题意；B．酒精燃烧时，酒精的化学能转化为内能，选项B正确，不符合题意；C．通过做功和热传递可以改变物体的内能，选项C正确，不符合题意；D．太阳能是太阳内部发生轻核聚变而向外辐射的能量，太阳能并不是凭空产生的，所以选项D错误，符合题意。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．由电场强度与电势差的关系，由U=可求Uab＝Ed＝103×0.04V＝40V故A正确；B．由图可知bc与电场线垂直，则bc间电势相等，则故ac间的电势差Uac＝Uab＝40V故B错误；C．电荷q=-5×10-3C沿矩形路径abdca移动一周，点荷的电势不变，电势能也不变，由电场力做功与电势能变化的关系得电场力做功为零，故C错误；D．根据电场力做功与路径无关，故q=-5×10-3C的点电荷沿abd或acd从a移动到c，电场力做功相同等，由W=qUac=-5×10-3×40J=-0.2J故D正确。故选AD。8、BC【解析】

A、由于，A、B所受的摩擦力大小不等，所以A、B组成的系统合外力不为零，动量不守恒，故A错误；B、地面光滑，A、B、C系统受到的合外力为零，则系统动量守恒，B正确；CD、由于A、B两木块的质量之比为，由摩擦力公式知，A对小车向左的滑动摩擦力大于B对小车向右的滑动摩擦力，故在弹簧突然释放后，小车的所受的合外力方向向左，会向左运动，故C错误，D正确。9、BC【解析】

A．地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转；当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向，粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，A错误；B．粒子在运动过程中可能受到空气的阻力，阻力方向与运动方向相反；故对粒子做负功，所以其动能会减小，B正确；C．由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当磁感应强度增加时，半径是减小；则说明粒子在靠近南北极运动过程中，南北两极的磁感应强度增强，故C正确；D．由于粒子与太阳间的距离非常大，并且粒子的质量非常小，所以太阳对粒子的引力非常小，对粒子速度的影响几乎没有，故D错误；故选BC。10、BD【解析】

AB．当h减小时，磁铁进入线框的速度减小，导致线框中磁通量的变化率减小，因此两个峰值都会减小，且两个峰值不可能相等，故A错误，B正确；C．当增大磁铁的质量，则磁铁进入线框的速度增大，经过相同的位移，所用时间减小，故C错误；D．磁铁进入线圈过程中，线圈对磁铁产生向上的排斥力，穿过线圈过程中线圈对磁铁是向上的吸引力，增大变阻器的阻值，则线圈中的电流减小，线圈产生的磁场减弱，则对磁铁的作用力减小，所以磁铁穿过线圈的时间减小，故D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、左增大14.6Ω【解析】

(1)[1]测定小灯泡的伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，约为几欧姆到十几欧姆，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，所以电路图如图(2)[2]为保护电路安全，开关闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应该置于左端；[3]根据表格中的数据，画出小灯泡的I-U图线如图(3)[4]图线表明导体的电阻随温度升高而增大；[5]根据I-U图线得电压U=3V时，I=0.205A，所以小灯泡正常工作时的电阻约为12、BCE0.7002.600.0250104偏大【解析】

(1)[1][2]因电源的电压为3V，因此电压表选择3V量程的C；由于测量的约为100Ω的电阻，根据欧姆定律可知，电流的最大值为所以电流表选择30mA量程的B；[3]滑动变阻器用小电阻控制大电阻，操作方便，故用小滑动变阻器R1（0～20Ω），选E.[4]根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知所以待测电阻是大电阻，因此选择电流表内接法，滑动变阻器的阻值远小于待测电阻阻值，所以滑动变阻器采用分压式，电路图如图所示：(2)[5]测合金丝的直径时，螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm.(3)[6]实物连线图如图所示：(4)[7