江苏省南通市包场中学2027届高二物理第一学期期中达标检测模拟试题含解析

江苏省南通市包场中学2027届高二物理第一学期期中达标检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是A．水平桌面上的杯子受到的支持力是桌面发生形变而产生的B．物体间相互作用时，先有施力物体，后有受力物体C．同一物体在赤道和北极受到的重力大小相等D．物体的重心总在物体的几何中心2、电场中有一点P，下列哪种说法是正确的()A．若放在P点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点场强为零C．P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向D．P点场强越大，则同一电荷在P点所受静电力越大3、如图甲所示，有一绝缘圆环，圆环上均匀分布着正电荷，圆环平面与竖直平面重合．一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环，细杆上套有一个质量为m＝10g的带正电的小球，小球所带电荷量q＝5.0×10－4C．小球从C点由静止释放，其沿细杆由C经B向A运动的v­t图象如图乙所示．小球运动到B点时，v­t图象的切线的斜率最大(图中标出了该切线)．则下列说法错误的是()A．在O点右侧杆上，B点场强最大，场强大小为E＝1.2V/mB．由C到A的过程中，小球的电势能先减小后增大C．由C到A电势逐渐降低D．C、B两点间的电势差UCB＝0.9V4、如图，用细绳系着的小球,在光滑水平面上绕O点做匀速圆周运动,若小球运动到A点绳突然断裂，则此后小球的运动情况是（）A．沿轨迹a运动 B．沿轨迹b运动C．沿轨迹c运动 D．沿轨迹d运动5、如图甲所示电路中,电源电动势和内阻分别为E和r，电压表V1与V2内阻相同,V2与R1并联,V1的示数为U1=3V,V2的示数为U2=2V；现将V2改为与R2并联,如图乙所示,再接在原来的电源上,那么：A．V1的示数必增大,V2的示数必减小B．V1的示数必增大,V2的示数必增大C．V1的示数必减小,V2的示数必增大D．V1的示数必减小,V2的示数必减小6、如图所示，足够长的两平行金属板正对竖直放置，它们通过导线与电源E、定值电阻R、开关S相连。闭合开关后，一个带电的液滴从两板上端的中点处无初速度释放，最终液滴落在某一金属板上。下列说法中正确的是（）A．液滴在两板间运动的轨迹是一条抛物线B．电源电动势越大，液滴在板间运动的加速度越大C．电源电动势越大，液滴在板间运动的时间越长D．定值电阻的阻值越大，液滴在板间运动的时间越长二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是()A．在外电路，电流从红表笔流经被测电阻到黑表笔B．每一次换挡，都要重新进行一次调零C．测量前应检查指针是否停在“Ω”刻度线的“∞”处D．测量时，若指针偏转很小(靠近∞附近)，应换倍率更大的挡进行测量8、用图所示的实验装置研究平行板电容器的电容与哪些因素有关，下面哪些说法符合实验结果（）A．把B板向左平移，静电计指针示数变大B．把B板向右平移，静电计指针示数变大C．把B板向上平移，静电计指针示数变小D．保持两板不动，在B、A之间插入一块云母板，静电计指针示数变小9、如图所示，O点固定一带正电的点电荷，实线表示某高速粒子的运动轨迹，a、b和c为轨迹上的三个点，b点离O点最近，a点比c点离O点更远．则A．三个点中，高速粒子在b点的电势能最大B．高速粒子带负电C．在O点电荷产生的电场中，c点的电势比a点电势高D．高速粒子在a、b、c三点的加速度大小ab＞ac＞aa10、如图，一带负电的粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右边．不计重力，下列表述正确的是（）A．粒子在M点的速率最小B．粒子所受电场力水平向右C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能始终在增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在测定金属丝的电阻率的实验中，某同学进行了如下测量：（1）用米尺测量金属丝的长度l为1.000m，用螺旋测微器测量金属丝的直径，从图中读出金属丝的直径为_______mm。（2）若实验所用电流表的内阻R=2𝛺，电压表内阻约为2kΩ，那么，测量金属丝电阻𝑅𝑥的最佳电路应是图2中的________（选填“甲”或“乙”）电路。按照规定的电路连接好线路后，调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图3所示，读数为______V。求得该金属丝的电阻R=_________Ω（保留2位有效数字）。（3）由以上数据求得该金属丝的电阻率ρ=________Ω·m（保留2位有效数字）。12．（12分）在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图甲或图乙所示，结果可由公式Rx＝计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数．若将图甲和图乙中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则________(填“Rx1”或“Rx2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1________(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值，测量值Rx2________(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，离子发生器发射出一束质量为m、电荷量为q的离子，从静止经加速电压U1加速后，获得速度v0，并沿垂直于匀强电场方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以速度v离开电场，已知平行板长为L(1)v(2)离子在偏转电场中运动的时间t．(3)离子在离开偏转电场时的偏移量y．14．（16分）如图所示，在倾角为θ=30°的斜面上，固定一宽L=0.25m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R．电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，一质量m=20克的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感应强度B=0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中，金属棒的电阻R1=1Ω（导轨电阻不计）．金属导轨是光滑的，要保持金属棒在导轨上静止，取g=10m/s2，求：（1）金属棒所受到的安培力的大小；（2）如果通电100秒，金属棒产生的焦耳热是多少？（3）滑动变阻器R接入电路中的阻值．15．（12分）如图所示，电源电动势E=64V，内阻不计，电阻R1=4Ω,R2=12Ω,R3=16Ω，开始开关S1闭合，S2断开，平行板电容器的两极板A、B与水平面的夹角θ=37∘，两极板A、B间的距离d=0.4m，板间有一个传动装置，绝缘传送带与极板平行，皮带传动装置两轮轴心相距L=1m，传送带逆时针匀速转动，其速度为v=4m/s，现有一个质量m=0.1kg（1）开关S1闭合，S2断开时，两极板（2）工件在传送带上运动的加速度大小；（3）工件从底端运动到顶端过程中，工件因与传送带摩擦而产生的热量．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

A.杯子受到桌面的支持力是一个弹力，根据弹力的产生可知，该力是由于桌面发生弹性形变而产生的，故A正确；B.物体相互作用具有同时性，因此施力物体和受力物体没有先后，故B错误；C.从赤道到两极，重力加速度不同，所以同一物体在赤道和北极受到的重力大小不相等，故C错误；D.只有质量分布均匀形状规则的物体，其重心才在几何中心上，故D错误．故选A2、D【解析】试题分析：电场强度是电场本身的性质，与放不放电荷没有关系，放什么电荷无关，AB错；正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强方向相反，C错；由公式F=qE可知D对；考点：考查电场强度与电场力的关系点评：在学习静电场的过程中，要理解电场强度的决定式和计算式，理解电场的力的性质3、B【解析】

A、由乙图可知，小球在B点的加速度最大，故所受的电场力最大，加速度由电场力产生，故B点的电场强度最大，小球的加速度：a=ΔvΔt=0.35=0.06m/s2，BC、从C到A小球的动能一直增大，说明电场力一直做正功，故电势能一直减小，根据φ=EPq可知电势一直减小，故CD、由C到B电场力做功为WCB=12mvB2错误的故选B。关键是通过乙图的v-t图象判断出加速度，加速度最大时受到的电场力最大，电场强度最大，由电场力做功即可判断电势能，由W=qU求的电势差。4、A【解析】

用绳子拉着小球在光滑的水平面上运动，如果绳子突然断了，在水平方向小球将不受力的作用，所以将保持绳子断时的速度做匀速直线运动，即沿着轨迹a运动，故A正确。5、A【解析】试题分析：由甲图可知，，流过的电流大于流过的电流，由可知，的阻值大于的阻值，当将与并联时，由并联电路特点可知，图乙所示电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，故外电压增大，即增大，内阻两端的电压也增大，电源电动势不变，故两端的电压减小，即减小，故A正确，BCD错误.故选A.【点睛】本题是一道电路动态分析题，要注意理清解题思路，注意串并联电路特点的应用、欧姆定律的应用．6、B【解析】

A．液滴在磁场中受重力及电场力，电场力沿水平方向，重力沿竖直方向。因液滴由静止释放，故合力的方向一定与运动方向一致，故液滴做直线运动，故A错误；B．两板间的电势差等于电源电压，当电动势变大时，两板上的电压变大，由可知，板间的电场强度增大，电场力变大，合力变大，故加速度增大，故B正确；C．因粒子最终打在极板上，故运动时间取决于水平方向的加速度，当电动势变大时，其水平方向受力增大，加速度增大，运动时间减小，故C错误；D．定值电阻在此电路中只相当于导线，阻值的变化不会改变两板间的电势差，故带电粒子受力不变，加速度不变，运动时间不变，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

A．在测量电阻时，电流从黑表笔流出，经被测电阻到红表笔，再流入多用电表，故A错误；B．每换一次挡位，都要进行一次欧姆调零，故B正确；C．使用前检查指针是否停在欧姆挡刻度线的“∞”处，故C正确；D．测量时若发现表针偏转的角度较小，应该更换倍率较大的挡来测量，故D正确。故选BCD。8、AD【解析】

A．将B板向左平移，板间距离增大，根据，电容器电容C减小，而电容器的电量Q不变，由Q=CU分析可知，电容器两板间电势差增大，则静电计指针偏角变大．故A正确；B．将B板向右平移，板间距离减小，根据，电容器电容C增大，而电容器的电量Q不变，由Q=CU分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小．故B错误．C．将B板向上平移，两板正对面积减小，根据，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由Q=CU分析可知，电容器两板间电势差增大，则静电计指针偏角变大．故C错误．D．保持两板不动，在B、A之间插入一块云母板，根据，电容增大，而电容器的电量Q不变，由Q=CU分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小．故D正确．9、ACD【解析】

A．根据粒子轨迹的弯曲的方向，可以判定出该粒子受力的方向大体向左下方，则粒子从a运动到c的过程中，电场力先做负功后做正功，其电势能先增大后减小，所以粒子在b点的电势能最大，故A正确。B．根据轨迹看出粒子与点电荷间存在斥力，是同种电荷，所以高速粒子带正电，故B错误。C．根据正点电荷电场线的分布情况：电场线从正点电荷出发到无穷远处终止，顺着电场线电势降低，越靠近点电荷电势越高，所以b点的电势最高，a点电势最低，c点的电势比a点电势高，故C正确。D．根据库仑定律可知，粒子越靠近点电荷，所受的库仑力越大，产生的加速度越大，所以有ab＞ac＞aa．故D正确。10、AC【解析】电子受到的电场力向左，在向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电子的速度减小，运动到M点时，电子的速度最小，故A正确；做曲线运动的物体受到合力直线曲线的内侧，故电场力水平向左，与电场方向相反，故B错误．该电场时匀强电场，该粒子受到的电场力为恒力，根据牛顿第二定律，粒子在电场中的加速度不变，故C正确．电场力先做负功再做正功，则电势能先增加再减小，则D错误故选AC.点睛：本题要掌握电场力做功的特点，电场力做正功，电势能减小，动能增加，电场力做负功时，电势能增加，动能减小.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）1.204（1.201~1.204均可）（2）内接法乙2.6Ω（3）【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度读数为1mm，可动刻度读数为0.01×20.4mm=1.204mm。（2）电流表内阻约2Ω，电压表内阻约20kΩ，电流表采用内接法，则图2电路图中的乙电路。电压表量程是0～3V，分度值是0.1V，示数为2.30V，。（3）根据，截面积为：，联立以上解得：。12、Rx1大于小于【解析】因为，而，故可认为Rx＞＞RA，故应采用图甲电路测量更准确，即Rx1更接近待测电阻的真实值；因为，，U＞UR，I=IR，则，即测量值Rx1大于真实值；因为，，U=UR，I＞IR，则，即测量值Rx2小于真实值；四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2qU1m【解析】

(1)在加速电场中，由动能定理得：q解得：v(2)离子在偏转电场中做类平抛运动，离子的运动时间：t(3)粒子的偏移量：y解得：y(4)由动能定理得：q解得：v解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，知道粒子在垂直电场和沿电场方向的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解．14、（1）金属棒所受到的安培力为0.1N；（2）通过金属棒的电流为0.5A；（3）滑动变阻器R接入