2027届重庆市珊瑚中学高二上物理期中调研模拟试题含解析

2027届重庆市珊瑚中学高二上物理期中调研模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、篮球运动员通常伸出双手迎接传来的篮球．接球时，两手随球迅速收缩至胸前．这样做可以A．减小球对手的冲量B．减小球的动量变化量C．减小球的动能变化量D．减小球的动量变化率2、如图，当闭合电键后，滑动变阻器的滑动片向右移动时A．安培表示数变大，灯变暗 B．安培表示数变小，灯变暗C．电压表示数不变，灯变亮 D．电压表示数不变，灯变暗3、下列叙述正确的是（）A．放在匀强磁场中的通电导线受到恒定不变的磁场力B．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱C．磁场的方向就是通电导体所受磁场力的方向D．安培力的方向一定垂直磁感应强度和直导线所决定的平面4、汽车在水平地面上因故刹车，可以看做是匀减速直线运动，其位移与时间的关系是：，则它在停止运动前最后1s内的平均速度为（）A．6m/s B．4m/s C．2m/s D．1m/s5、清晨草叶上的露珠是空气中的水汽凝结成的水珠，在凝结过程中，水分子间的（）A．引力、斥力都减小B．引力、斥力都增大C．引力消失、斥力增大D．斥力消失、引力增大6、如图所示是电场中A、B两点，下列说法中正确的是（）A．A、B两点电势一样B．A点电势大于B点电势C．B点电势大于A点电势D．A、B两点电势无法比较二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干，设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上，吹风机两端电压为Ｕ，电流为Ｉ，消耗的功率为P，则有（）A．P=UI B．P=I2(R1+R2) C．P＞UI D．P＞I2(R1+R2)8、如图所示的直角坐标系中，第一象限内分布着均匀辐射的电场．坐标原点与四分之一圆弧的荧光屏间电压为U；第三象限内分布着竖直向下的匀强电场，场强大小为E，大量电荷量为﹣q（q＞0）、质量为m的粒子，某时刻起从第三象限不同位置连续以相同的初速度v0沿x轴正方向射入匀强电场，若粒子只能从坐标原点进入第一象限，其它粒子均被坐标轴上的物质吸收并导走并不影响原来的电场分布，不计粒子的重力及它们间的相互作用，下列说法正确的是A．能打到荧光屏的粒子，进入O点的动能必须大于qUB．能进入第一象限的粒子，在匀强电场中的初始位置分布在一条直线上C．到达坐标原点的粒子速度越大，到达O点的速度方向与y轴的夹角θ越大D．若U＜，荧光屏各处均有粒子到达而被完全点亮9、如图所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总电阻为R1，电阻大小关系为R1=RA．固定电阻R2B．电源的输出功率先减小后增大C．电源的输出功先增大后减小D．滑动变阻器R110、如图所示的xOy坐标系中，x轴上固定一个点电荷Q，y轴上固定一根光滑绝缘细杆（细杆的下端刚好在坐标原点O处），将一个套在杆上重力不计的带电圆环（视为质点）从杆上P处由静止释放，圆环从O处离开细杆后恰好绕点电荷Q做圆周运动。下列说法正确的是A．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，加速度一直增大B．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，速度一直增大C．增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动D．将圆环从杆上P的上方由静止释放，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻，要求尽量减小实验误差。（1）如图甲是某同学准备闭合开关进行实验时的实物连接图，请指出其中的三处错误或不妥之处：①____________________；②____________________；③____________________；（2）改正后进行测量，得到的U-I图线如图乙所示，由图可知得E=____，r=_____。(计算结果保留2位小数)12．（12分）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中：⑴为了探究加速度与力的关系，应保持______不变；为了直观地判断加速度a与力F的数量关系，应作出______图象（选填“”或“”）；⑵为了探究加速度与质量的关系，应保持______不变；为了直观地判断加速度a与质量m的数量关系，应作_______图象（选填“”或“”）．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中,电源电动势,内阻,电阻,,,电容器的电容,开始时,开关S断开．（1）求电容器上所带的电荷量？（2）合上S,待电路稳定以后流过的电量是多少？14．（16分）某个家庭有“220V44W”电烙铁一只，“220V100W”灯泡一只，“220V25W”灯泡两只，“220V10W”灯泡两只，“220V280W”电熨斗一只．若所有电器都正常工作，每个用电器平均每天使用2h，每度电收费0.6元，一个月（按30天计算）需交电费多少？（假定用电器的电阻都是恒定不变的）15．（12分）如图，在竖直平面内，一半径为R的光滑绝缘圆弧轨道ABC和水平绝缘轨道PA在A点相切，BC为圆弧轨道的直径，O为圆心，OA和OB之间的夹角为，，整个装置处于水平向右的匀强电场中．一质量为m、电荷量为q（q＞0）的带电小球在电场力的作用下沿水平轨道向右运动，经A点沿圆弧轨道通过C点，落至水平轨道；已知小球在C点所受合力的方向指向圆心，且此时小球对轨道的压力恰好为零，重力加速度大小为g．求(1)匀强电场的场强大小；(2)小球到达A点时速度的大小；(3)小球从C点落至水平轨道上的位置与A点的距离．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，但动量的变化量不变；根据动量定理得：-Ft=0-mv当时间增大时，动量的变化率减小，即作用力就减小，而冲量和动量、动能的变化量都不变。A.减小球对手的冲量与分析结果不符，故A错误。B.减小球的动量变化量与分析结果不符，故B错误。C.减小球的动能变化量与分析结果不符，故C错误。D.减小球的动量变化率与分析结果相符，故D正确。2、B【解析】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻器的滑动片向右移动时，接入电路中的滑动变阻器的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可得电路中的总电流变小，即安培表的示数变小，根据可知灯泡的变暗，根据可知电压表示数变大；A.安培表示数变大，灯变暗与分析不符，故A错误；B.安培表示数变小，灯变暗与分析相符，故B正确；C.电压表示数不变，灯变亮与分析不符，故C错误；D.电压表示数不变，灯变暗与分析不符，故D错误。3、D【解析】

放在匀强磁场中的通电导线受到的安培力，只有当B、I、L与θ都是恒定时，导线所受的安培力才是恒定的，故A错误；磁感线的疏密表示磁场的强弱，与磁感线的方向无关，故B错误；根据左手定则，磁场的方向与通电导体所受磁场力的方向垂直；磁场的方向就是小磁针的N极在磁场中所受磁场力的方向，故C错误；根据左手定则，安培力的方向一定垂直磁感应强度和直导线所决定的平面，故D正确．所以D正确，ABC错误．4、C【解析】

根据匀变速直线运动的位移时间关系，解得：，；采取逆向思维，在物体在停止运动前1s内的位移，停止运动最后1s的平均速度，故选C．根据位移时间关系求出初速度和加速度，根据逆向思维求出物体在停止运动前1s内的位移，再根据平均速度的定义式求出物体在停止运动前1s内的平均速度．5、B【解析】

水由气态凝结成液态的水，分子间距离变小。而分子间同时存在引力和斥力，且引力和斥力都随着分子间距离的减小而增大。A．引力、斥力都减小，与结论不相符，选项A错误；B．引力、斥力都增大，与结论相符，选项B正确；C．引力消失、斥力增大，与结论不相符，选项C错误；D．斥力消失、引力增大，与结论不相符，选项D错误；6、D【解析】

根据电场线的特点可知，沿电场线的方向电势降低，由于不知道电场线的方向，所以不能比较、两点电势的高低，故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

AC．电吹风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU，故A正确，C错误；BD．电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为，因为总功率一部分转化为机械功率，一部转化热功率，则吹风机的总功率要大于发热部分的功率，故B错误，D正确。故选AD。8、AD【解析】A、从坐标原点进入第一象限后电场力做负功，能打到荧光屏的粒子的速度必须大于0，由功能关系得，即能打到荧光屏的粒子，进入O点的动能必须大于qU，故A正确；B、粒子在第三象限内做类平抛运动，，，在匀强电场的初始位置分布在一条抛物线上，故B错误；C、粒子在第三象限内做类平抛运动，到达O点的速度方向与y轴的夹角θ，则有，而初速度相同，到达坐标原点的粒子速度越大，到达O点的速度方向与y轴的夹角θ越小，故C错误；D、粒子在电场中的偏转角，运动时间不同，从坐标原点进入第一象限速度方向与x轴的夹角θ不同，所以可以任意夹角进入第一象限，若，荧光屏各处均有粒子到达而被完全点亮，故D正确；故选AD．9、AB【解析】试题分析：在滑动触头从a端移到到b端的过程中，R1接入电路的电阻（实际上是RaP和RbP的并联电阻）先增大后减小，所以电路中的总电流先减小后增大，因为R2在干路，所以固定电阻R2上消耗的电功率先减小后增大，A正确；当R外=r考点：考查了电功率的计算【名师点睛】题关键判断出滑动变阻器滑片P从最右端→中间→左端总电阻变化情况和电源的输出功率与外电阻的关系，能巧妙运用等效思维分析变阻器功率的变化．10、BC【解析】

A.圆环从P运动到O的过程中，受库仑引力，杆子的弹力，库仑引力沿杆子方向上的分力等于圆环的合力，滑到O点时，所受的合力为零，加速度为零。故A错误。B.圆环从P运动到O的过程中，只有库仑引力做正功，根据动能定理知，动能一直增大，则速度一直增大。故B正确。CD.根据动能定理得：根据牛顿第二定律得：联立解得：增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环仍然可以做圆周运动；若增大高度，知电势差U增大，库仑引力与所需向心力不等，不能做圆周运动。故C正确，D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、开关接线错误，没能连入电路；电流表量程选择错误；电压表直接并联在电源两端，开关不能控制；1.48V8.40Ω【解析】

（1）①[1]．由图可知，开关接线错误，没能连入电路；②[2]．由图乙可知，电流最大值约为0.5A，而图中选择了3A量程，故电流表量程过大，测量结果不准确；③[3]．电压表不能直接并联在电源两端；

（2）[4][5]．根据U=E-Ir可知，图象与纵轴的交点表示电源的电动势，故E=1.48V；图象的斜率表示内阻，故12、质量、a–F力、【解析】

(1)为了探究加速度与力的关系，应保持m一定，研究a-F关系；为了直观地判断加速度a与力F的数量关系，应作出直线图形，即a-F图象；(2)为了探究加速度与质量的关系，应保持外力不变；为了直观地判断加速度a与质量m的数量关系，应作出直线图形，探究加速度与质量的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出图象．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）C.（2）C.【解析】

开关S断开时,电容器的电压等于的电压,为：电容器上所带的电荷量合上S,和并联,并联的阻值为：电容器的电压等于并联电路两端的电压,为：电容器的带电量可知电容器放电,则流过的电量是14、17.8元【解析】全部用电器的额定功率之和为：，30天累计用电时间为，30天实际消耗的电能为：，一个月需交