2027届广东省佛山市实验中学物理高二上期中统考试题含解析

2027届广东省佛山市实验中学物理高二上期中统考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置．充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60-0.70之间(包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗)．如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，则容量10000mAh兼容性兼容大部分智能手机和平板电脑边充边放否保护电路是输入DC5V2AMAX输出USBl：DC5VlAUSB2：DC5V2.1A尺寸140x63×22mm转换率0.6显示方式液晶显示重量约285gA．充电宝充电时将化学能转化为电能B．该充电宝最多能储存能量为1.8×105JC．该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为3hD．该充电宝给电量为零、容量为2000mAh的手机充电，则理论上能充满5次2、下列给出的几个物理量中，属于标量的是：（）A．路程 B．位移 C．速度 D．加速度3、人造卫星绕地球做圆周运动时，卫星离地面的高度越高，则下列说法正确的是（）A．速度越大 B．角速度越大C．周期越大 D．向心加速度越大4、下列说法中正确的是()A．人走路时地对脚的推力大于人对地的蹬力，所以人才能向前进B．只有人站着不动时人对地的压力才与地对人的弹力等大C．人站着在地面上时人对地的压力总是与地对人的弹力等大D．以卵击石时，石头对卵的压力大于卵对石头的弹力5、两平行金属板相距为，电势差为，一电子质量为，电荷量为，从点沿垂直于极板的方向射出，最远到达点，然后返回，如图所示，，则此电子具有的初动能是A． B． C． D．6、静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置．如图所示为该透镜工作原理示意图，虚线表示这个静电场在xOy平面内的一簇等势线，等势线形状相对于x轴、y轴对称，且相邻两等势线的电势差相等．图中实线为某个电子通过电场区域时的轨迹示意图，关于此电子从a点运动到b点过程中，下列说法正确的是：（）A．a点的电势高于b点的电势B．电子在a点的加速度大于在b点的加速度C．电子在a点的动能小于在b点的动能D．电子在a点的电势能小于在b点的电势能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（）A．L1和L3变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值D．L1中电流变化值等于L3中电流变化值8、下列关于电流方向的说法中，正确的是()A．电流的方向就是自由电子定向移动的方向B．电流的方向规定为正电荷定向移动的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相同9、某一电场的电场线分布如图所示，则下列说法正确的是A．点的电势低于点的电势B．点的电场强度小于点的电场强度C．一正电荷由点释放，一定沿着电场线运动到点D．一负电荷在点的电势能大于在点的电势能10、如图所示，A、B为两个固定的等量同号正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，若不计C所受的重力，则关于电荷C以后的运动情况，下列说法中正确的是()A．加速度始终增大B．加速度先增大后减小C．速度先增大后减小D．速度始终增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某小组通过实验测绘一个标有“5.0V7.5W”某元件的伏安特性曲线，电路图如图甲所示，备有下列器材:A．电池组(电动势为6.0V，内阻约为1Ω)；B．电压表(量程为0~3V，内阻RV=3kΩ)；C．电流表(量程为0~1.5A，内阻约为0.5Ω)；D．滑动变阻器R(最大阻值为10Ω，额定电流为1A)；E．定值电阻R1(电阻值为1.5kΩ)；F．定值电阻R2(电阻值为3kΩ)；G．开关和导线若干。(1)实验中所用定值电阻应选____(选填“E”或“F”)；(2)根据图甲电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整；(3)某次实验时，电压表示数指针位置如图丙所示，则电压表读数是____V；元件两端电压是____V。12．（12分）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为m；四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，质量为m的金属棒长为L1，棒两端与长为L2的细软金属线相连，吊在磁感应强度B、竖直向上的匀强磁场中．当金属棒中通过稳恒电流I后，金属棒向纸外摆动，摆动过程中的最大偏角θ＝60°．求：(1)金属棒中电流大小和方向；(2)金属棒在摆动过程中动能的最大值．14．（16分）如图，平行金属板水平放置，上极板带负电且中心有一个小孔，两板间的距离为3d。一带电为+q的带电小球在小孔正上方的d处静止释放，并恰好运动到下极板，但不会被下极板吸收。已知小球质量为m，重力加速度取g，忽略极板外部电场，不计空气阻力。求：（1）极板间的电场强度E；（2）小球从开始释放到第一次刚离开上极板过程中，小球在板外与板间的运动时间之比。15．（12分）在如图甲所示的平面坐标系内，有三个不同的静电场：第一象限内有固定在O点处的点电荷产生的电场E1（未知），该点电荷的电荷量为，且只考虑该点电荷在第一象限内产生电场；第二象限内有水平向右的匀强电场E2（未知）；第四象限内有大小为，方向按图乙周期性变化的电场E3，以水平向右为正方向，变化周期。一质量为m，电荷量为+q的离子从（-x0，x0）点由静止释放，进入第一象限后恰能绕O点做匀速圆周运动。以离子到达x轴时为计时起点，已知静电力常量为k，不计离子重力。求：(1)离子在第一象限运动时的速度大小；(2)第二象限电场强度E2的大小；(3)当时，离子的坐标。（）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、充电宝充电时将电能转化为化学能，故A错误；B、该充电宝的容量为：q=10000mAh=10000×10-3×3600=3.6×104C，该电池的电动势为5V，所以充电宝储存的能量：E=E电动势•q=5×3.6×104=1.8×105J，故B正确；C、以2A的电流为用电器供电则供电时间t=q/I==5h，故C错误；D、由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：10000mA•h×0.6=6000mAh，给容量为2000mAh的手机充电的次数：n=次，故D错误；故选B．点睛：根据铭牌读出充电宝的容量和电动势，计算出储存的电量和能量．根据电流的定义式求出该充电宝的充电时间和供电时间．2、A【解析】

A.路程是只有大小没有方向的物理量。是标量，故A项正确。B.位移是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故B项错误；C.速度是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故C项错误；D.加速度是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故D项错误；3、C【解析】

卫星距地面越高，则运动半径r越大，根据万有引力提供圆周运动向心力有A．有线速度知，半径r越大，线速度v越小，故A错误；B．角速度知，半径r越大，角速度ω越小，故B错误；C．周期知半径r越大，周期越大，故C正确；D．向心加速度知，半径r越大，向心加速度越小，故D错误．4、C【解析】地对脚的力和人对地的力是一对相互作用力，等大反向，A错误；人对地的压力和地对人的支持力是一对相互作用力，无论人如何运动，这两个力都是等大的，B错误C正确；石头对卵的压力和卵对石头的弹力是一对相互作用力，等大反向，D错误．5、D【解析】

全程只有电场力做功，根据动能定理解出电子的初动能；【详解】设出电子的初动能，末动能为零，极板间的电场，根据动能定理：，解得：，故D正确，A、B、C错误；故选D．6、C【解析】

AC．根据等势线与电场线垂直，可作出电场线，电子所受的电场力与场强方向相反，故电子在y轴左侧受到一个斜向右下方的电场力，在y轴右侧受到一个斜向右上方的电场力，故电子沿x轴方向一直加速，所以电子在a点的动能小于在b点的动能，对负电荷是从低电势向高电势运动，所以a点的电势低于b点的电势，故A错误，C正确；B．根据等势线的疏密知道b处的电场线也密，场强大，电子的加速度大，故B错误；D．根据负电荷在负电荷在电势低处电势能大，可知电子的电势能一直减小，则电子在a处的电势能大于在b处的电势能D电子的电势能一直减小，D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB、当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故L1变亮；电路中总电流增大，故内电压及R0、L1两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故L2变暗；因L2中电流减小，干路电流增大，故流过L3的电流增大，故L3变亮，A正确B错误．CD、因L1中电流增大，L3中电流增大，而L2中电流减小；开始时有：I1=I2+I3，故L3上电流变化量大于LI上的电流变化量，C正确D错误．8、BCD【解析】

解答本题需要知道电流的形成和电流方向的规定．电荷的定向移动形成电流，定向移动的电荷可以是正电荷，可以是负电荷，可以是正负电荷向相反方向定向移动形成电流．但是规定正电荷定向移动的方向为电流的方向．【详解】AB．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，与负电荷定向移动方向相反，故A错误，B正确；C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反，故C正确；D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相同，与负离子定向移动方向相反，故D错误．9、AB【解析】

沿着电场线方向电势逐渐降低，因此a点的电势高于b点的电势，故A正确；从电场线的分布情况可知，a点的电场线比b点的稀疏，所以a点的电场强度小于b点的电场强度，故B正确；电场线不一定是电荷的运动轨迹，由a点释放的正电荷不一定沿着电场线运动到b点，故C错误；某一负电荷从a点移到b点，电场力做负功，电势能增加，因此负电荷在a点的电势能小于在b点的电势能，故D错误．所以AB正确，CD错误．10、BD【解析】试题分析：由等量同种正点电荷电场的特点可知，两个电荷连线上中点的电场强度为零，电场强度从中点到无限远处，先增大后减小，所以电荷C所受的电场力先增大后减小，由牛顿第二定律可知，其加速度先增大后减小，所以A错误、B正确；在整个过程中，电场力做正功，由动能定理可知，点电荷C的速度始终增大，所以C错误、D正确；考点：静电场、功能关系三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、F4.40【解析】

（1）题中电压表量程太小，需要改装成6V的电压表，串联一个阻值为3kΩ的定值电阻，故选F；（2）实验电路选择滑动变阻器的分压式接法，实物电路图连接如下：（3）由刻度盘读得，电压表示数为2.20V，因改装后的电压表量程被扩大了两倍，则实际加在元件两端的电压为4.40V；12、4.700±0.002【解析】解：螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为4.700mm=4.700×10﹣3m．故答案为4.700×10﹣3【点评】解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，注意读数时需估读．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)方向水平向右(2)【解析】

根据金属棒偏转方向，由左手定则判断电流的方向．铜棒最大偏角是60°，则偏角为30°时是它的平衡位置，对金属棒受力分析，求出重力与安培力间的关系；偏角为30°时，金属棒的速度最大，由动能定理及安培力公式可以求出电流和最大动能．【详解】(1)金属棒向纸外摆动，所受的安培力向外，根据左手定则判断得知，金属棒中电流方向水平向右；金属棒上摆的过程，根据动能定理得：又安培力为：联立解得：(2)由题意，金属棒向上摆动的最大偏角，根据对称性可知，偏角是时是其平衡位置，金属棒受力如图所示则有：当金属棒偏角是时，速度最大，动能最大，由动能定理可得：解得最大动能为：14、（1）；（2）【解析】

（1）从释放到下极板，由动能定理，得mg(d+3d)‒qE·3d=0解得（2）设运动时间分别为t1和t2，