广西桂林中山中学2027届物理高二上期中监测模拟试题含解析

广西桂林中山中学2027届物理高二上期中监测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,金属环半径为a,总电阻为2R,匀强磁场磁感应强度为B,垂直穿过环所在平面.电阻为的导体杆AB沿环表面以速度v向右滑至环中央时,杆的端电压为A． B． C． D．2、关于两等量异种点电荷在其连线中点的电场强度和电势，下列说法中正确的是（）．A．电场强度为零，电势不为零 B．电场强度不为零，电势为零C．电场强度不为零，电势也不为零 D．电场强度为零，电势也为零3、下表为某电热水壶铭牌上的一部分内容.根据表中的信息，可计算出电热水壶在额定电压下以额定功率工作时的电流约为()A．6.8A B．4.1A C．1.2A D．0.24A4、带电粒子经加速电场加速后垂直进入两平行金属板间的偏转电场，要使它离开偏转电场时偏转角增大，可采用的方法有（）A．增加带电粒子的电荷量B．增加带电粒子的质量C．增高加速电压D．增高偏转电压5、如图所示，实线是匀强电场的电场线，带电粒子q1、q2分别从A、C两点以初速度v垂直电场线射入电场，其运动轨迹分别是图中的ABC、CDA。已知q1带正电，不计粒子的重力、q1、q2之间作用力和其它阻力。则下列说法中正确的是A．q2带正电B．A点的电势高于C点的电势C．电场力对q1做正功，对q2做负功D．q1的电势能减小、q2的电势能不变6、在如图所示的电路中，电源电压U恒定不变，当S闭合时电阻R1消耗的电功率为P1，当S断开时R1消耗的电功率为P2，P1：P2＝9：4，则下列判断正确的是A．电阻R1与R2的比值是2：1B．电阻R1与R2的比值是1：2C．电阻R1与R2的比值是3：2D．电阻R1与R2的比值是2：3二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，在某匀强电场中有M、N、P三点，在以它们为顶点的三角形中，∠M＝30°、∠P＝90°，直角边NP的长度为4cm。已知电场方向平行于MN边，M、N点的电势分别为3V、15V。则（）A．电场强度的大小为150V/mB．电场强度的大小为75V/mC．点P的电势为12VD．点P的电势为10V8、如图所示，已知一质量为m的带电液滴，经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间的竖直平面内做匀速圆周运动，则（）A．液滴在空间受四个力作用B．液滴一定带负电C．沿垂直纸面向里看，液滴做顺时针的圆周运动D．液滴在做匀速圆周运动时机械能守恒9、如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线。若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及电流比较，下列说法正确的是（）A．电阻R1的阻值较大 B．电阻R2的阻值较大C．电阻R1的电流较大 D．电阻R2的电流较大10、如图所示，甲、乙两车放在光滑的水平面上，中间有一被压缩的弹簧，甲的质量是乙质量的两倍．两车由静止同时释放，则在弹簧弹开两车的过程中，下列说法正确的有A．任一时刻弹簧对甲的弹力大小是对乙的两倍B．任一时刻甲的速率都是乙的一半C．任一时刻甲、乙的动量大小相等D．甲和乙的总动量在逐渐增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用如图所示装置通过半径相同的A、B两球碰撞来验证动量守恒定律，实验时先使质量为mA的A球从斜槽上某一固定点G由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，重复上述操作10次，得到10个落点痕迹．把质量为mB的B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作10次，得到了如图所示的三个落地处．①请在图中读出OP=________cm；②由图可以判断出R是________球的落地点，Q是________球的落地点．③为了验证碰撞前后动量守恒，该同学只需验证表达式________．12．（12分）用多用电表测一只内阻约为15kΩ的电阻(1)插在“＋”插孔的是_______表笔，插在“－”插孔的是_______表笔。(2)测量前，先调节______，使表针停在刻度____（左或右）端的“0”位置，选择好电阻挡位后，把两只表笔接触，调整_____，使表针停在刻度____（左或右）端的“0”位置。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，质量为1kg的玩具小车放置于水平地面上，在大小为5N方向与水平面成53°角的恒定拉力作用下，从静止开始沿水平地面运动。经过2s时间，玩具移动了3m距离，此后撤去拉力，玩具又向前滑行一段距离。求：（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）求：（1）运动过程中，玩具的最大速度；（2）玩具与地面间的动摩擦因数；（3）撤去拉力后，玩具继续前进的距离。14．（16分）如图所示平行板电容器的两个极板A、B分别接到电压为80V的恒定电源上，两个极板之间的间距为8cm，电容器带电荷量为。(1)平行板电容器的电容？(2)平行板电容器的电场强度？(3)一个单位正电荷从正极板到负极板电场所做的功？(4)B点距负极板的距离为3cm，则B点处的电势？15．（12分）如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻为0.6Ω，串联一个阻值为R=5Ω的电阻，它们两端的总电压为U=160V，电压表读数为110V.求:(1)通过电动机的电流.(2)电动机的输入功率.(3)电动机的发热功率.(4)电动机工作1小时对重物做的功.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

切割产生的感应电动势大小为：E=B•2av=2Bav电路中的总电阻为：则总电流为：则杆子两端的电压为：A.与分析相符，故A正确。B.与分析不符，故B错误。C.与分析不符，故C错误。D.与分析不符，故D错误。2、B【解析】

根据两个等量异种点电荷的电场线图可知，其连线中点的电场强度不为零；由于两个等量异种点电荷连线的中垂线为等势面，一直通到无穷远，两个等量异种点电荷，故连线中点的电势也为零。A．电场强度为零，电势不为零，与结论不相符，选项A错误；B．电场强度不为零，电势为零，与结论相符，选项B正确；C．电场强度不为零，电势也不为零，与结论不相符，选项C错误；D．电场强度为零，电势也为零，与结论不相符，选项D错误；故选B.3、A【解析】

由铭牌读出额定功率为P=1500W，额定电压为U=220V；

由P=UI，得，通过电热水壶的电流为：，故选A.4、D【解析】试题分析：先由动能定理求出粒子进入偏转电场时的速度，利用类平抛规律求出粒子离开偏转电场时的速度偏角的正切值，然后讨论即可．设带电粒子进入偏转电场时的速度为，加速电压为，偏转电压为．带电粒子在加速过程，应有①，进入偏转电场后，设粒子在偏转电场运动时间为t，加速度为a，偏转角为θ，由类平抛规律②，③，④，得，可见，偏转角与带电粒子的电量和质量无关；要使偏转角增大，可减小加速电压或增大偏转电压，故D正确．5、B【解析】

A．q1运动轨迹是图中的ABC，物体做曲线运动时合力指向轨迹内侧，说明电场力水平向右，且q1带正电，可知电场强度的方向水平向右，由运动轨迹可知q2受到的电场力水平向左，说明q2带负电，故A错误；B．电场强度水平向右，沿电场线方向电势降低，故A点的电势高于C点的电势，故B正确；C．q1受电场力与速度方向夹角为锐角，电场力对其做正功，电势能减小，q2受电场力与速度方向夹角为钝角，电场力对其做负功，其电势能增大，故CD错误；故选B。6、A【解析】

当S闭合时电阻R1消耗的电功率为P1，则有当S断开时R1消耗的电功率为P2P1：P2＝9：4联立以上三式可得故A正确，BCD错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．由题意电场方向平行于MN边，M、N点的电势分别为3V、15V知电场强度为：故A正确，B错误CD．NP在电场方向上的有效长度为2cm，所以：则：解得：

，故C正确，D错误.8、BC【解析】

AB．液滴在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=qE，由于电场力的方向与场强的方向相反，故液滴带负电，液滴在空间受到三个力作用，故A错误，B正确；C．粒子带负电，受洛伦兹力方向指向圆心，可知沿垂直纸面向里看，液滴做顺时针的圆周运动，选项C正确；D．液滴在做匀速圆周运动时，动能不变，重力势能不断变化，可知液滴的机械能不守恒，选项D错误；故选BC。9、BC【解析】

AB．I-U图像的斜率表示电阻的倒数，由图可知，电阻R2的阻值较大，故A错误，B正确；CD．图示图象可知，U相同时，I1＞I2，故C正确，D错误。10、BC【解析】

A.将两个物体从静止释放，在弹簧恢复到原长的过程中，两个物体所受的弹力大小相等，故A错误；BCD.两个物体组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，总动量保持为零，所以任何时刻，两物体的动量大小相等，由P=mv知，P相等，m和v成反比，甲的质量是乙质量的两倍，所以任一时刻甲的速率都是乙的一半，故BC正确D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、17.5BAmAOQ=mAOP+mBOR【解析】(1)从图中直接读出读数为：17.5cm.(2)A与B相撞后，B的速度增大，A的速度减小，碰前碰后都做平抛运动，高度相同，落地时间相同，所以Q点是没有碰撞时A球的落地点，R是碰后B的落地点，P是碰后A的落地点．(3)根据两小球从同一高度开始下落，故下落的时间相同，根据动量守恒定律可得故有即故本题答案是：(1)17.5(2)BA(3)点睛：验证动量守恒的关键是找到碰前和碰后的速度．而计算此速度要借助于平抛运动来求．12、红黑机械调零(定位螺丝)左欧姆调零(电阻调零)右【解析】

(1)插在“＋”插孔的是红表笔，插在“－”插孔的是黑表笔。(2)测量前，先调节机械调零（定位螺丝），使表针停在刻度左端的“0”位置，选择好电阻挡位后，把两只表笔接触，调整欧姆调零旋钮，使表针停在刻度右端的“0”位置。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3m/s；（2）0.25；（3）1.8m【解析】

（1）由题意，玩具小车先加速后减速，所以t=2s时速度最大代入数据得（2）玩具小车在前2s内做匀加速运动代入数据得（3）撤掉F后玩具小车做匀减速运动，减速发生的位移代入数据得14、(1)；(2)；(3)；(