2027届内蒙古赤峰市高二物理第一学期期中复习检测模拟试题含解析

2027届内蒙古赤峰市高二物理第一学期期中复习检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示．一个电量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v～t图象如图乙所示，其中B点处为整

条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的（）A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强B．由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点的过程中，电势逐渐升高D．AB两点电势差

V2、某电场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是A．c点场强大于b点场强B．a点电势低于b点电势C．将一试探电荷＋q由a移至b的过程中，电势能减小D．若将一试探电荷＋q由a点释放，它将沿电场线运动到b点3、一个做匀加速直线运动的物体，在运动过程中，若所受的一切外力都突然消失，则由牛顿运动定律可知该物体将A．立即静止B．改做匀速直线运动C．继续做匀加速直线运动D．改做变加速直线运动4、如图所示，水平地面上有一个坑,其竖直截面为半圆，O为圆心，AB为沿水平方向的直径。若在A点以初速度v1沿AB方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D点;而在C点以初速度v2沿BA方向平抛的小球也能击中D点。已知∠COD=60°，则两小球初速度大小之比v1：v2是(小球视为质点)A．：1 B．1：C．： D．：5、如图所示，为保温电饭锅的电路示意图，R1、R2为两电热丝，S为温控开关，A、B两点接在稳压电源上，R1:R2=9:1，加热时的功率为1000W，则（）A．S闭合时，电饭锅处于加热状态B．S断开时，电饭锅处于加热状态C．保温状态时电源的输出功率为900WD．保温状态时电源的输出功率为W6、如图所示的电路中,电源电动势为12V,内阻为2Ω,四个电阻的阻值已在图中标出,闭合开关S,下列说法正确的有()A．路端电压U=12V B．电源的总功率P=10WC．a、b间电压Uab=5V D．a、b间用导线连接后，电路的总电流I=1A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，将充好电的平行板电容器与静电计连接，静电计指针偏转的角度为．在如下的变化中，关于静电计指针偏转角度的变化，说法正确的是A．若两极板间的距离增大，则变大B．若两极板相互错开一些（距离不变），则变小C．若在两极板间插入玻璃板，则变大D．若在两极板间插入玻璃板，则变小8、一小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上的一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的电阻为9、如图所示，电子经加速电场（电压为U1）后进入偏转电场（电压为U2），然后飞出偏转电场，要使电子飞不出偏转电场可采取的措施有()A．增大U1 B．减小U1 C．增大U2 D．减小U210、如图所示，绝缘材料制成的半径为R的内壁光滑圆轨道，竖直放置在水平地面上且左右恰被光滑挡板挡住,圆心O点固定着电荷量为Q的场源点电荷,一电荷量为q、可视为质点的带电小球沿内壁做圆周运动,当小球运动到最高点A时,地面对轨道的弹力恰好为零。若轨道与小球的质量均为m,Q≥q>0,忽略小球的电荷对Q形成的电场的影响,重力加速度为g,静电力常量为k。下列说法中正确的是（）A．轨道内壁的电场强度处处相同B．轨道内壁的电势处处相等C．运动到最低点C时,小球对轨道的压力大小为7mgD．运动到与圆心等高的B点时,小球对轨道的压力大小为4mg—kqQ三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个小灯泡上标有“4V2W”的字样,现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线。现有下列器材供选用:A．电压表(0~5V,内阻10kΩ)B．电压表(0~15V,内阻20kΩ)C．电流表(0~3A,内阻1Ω)D．电流表(0~0.6A,内阻0.4Ω)E.滑动变阻器(10Ω,2A)F.滑动变阻器(500Ω,1A)G.学生电源(直流6V)、开关、导线若干(1)实验时,选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验,请说明理由:__________________________。

(2)实验中电压表应选用____,电流表应选用____,滑动变阻器应选用______。(用序号字母表示)

(3)把图中所示的实验器材用实线连接成实物电路图________。12．（12分）如图甲为一正在测量中的多用电表表盘(1)如果是用×10Ω挡测量电阻，则读数为________Ω.(2)如果是用直流10mA挡测量电流，则读数为______mA．(3)图乙中螺旋测微器的读数是_________mm．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）直流电动机额定电压为U=110V，当电动机吊着质量为m1=50kg的重物匀速上升时，电流为I1=5A，重物上升速度大小为v1=0.9m/s，取g=10m/s1，求：（1）此电动机的线圈电阻；（1）若所吊重物质量为m1=100kg，则重物匀速上升时所需电流必须是前面的1倍，求重物m1匀速上升的速度v1．14．（16分）如图所示，水平导轨间距为L＝0.5m，导轨电阻忽略不计；导体棒ab的质量m＝1kg，电阻R0＝0.9Ω，与导轨接触良好；电源电动势E＝10V，内阻r＝0.1Ω，电阻R＝4Ω；外加匀强磁场的磁感应强度B＝5T，方向垂直于ab，与导轨平面成夹角α＝53°；ab与导轨间的动摩擦因数为μ＝0.5（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），定滑轮摩擦不计，线对ab的拉力为水平方向，重力加速度g＝10m/s2，ab处于静止状态。已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6。求：（1）通过ab的电流大小和方向；（2）ab受到的安培力大小；（3）重物重力G的取值范围。15．（12分）如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻为0.6Ω，串联一个阻值为R=5Ω的电阻，它们两端的总电压为U=160V，电压表读数为110V.求:(1)通过电动机的电流.(2)电动机的输入功率.(3)电动机的发热功率.(4)电动机工作1小时对重物做的功.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A、速度时间图像中图线的斜率表示加速度，加速度越大，则受到的电场力越大，即电场强度越大，故在B点的加速度最大，其大小为，根据牛顿第二定可得，解得，故A错误；B、从C到A过程中速度增大，即动能增大，电场力做正功，电势能减小，同一正电荷的电势能减小，则电势减小，故BC错误；D、从图中可知A、B两点的速度分别为：，物块在B到A过程，根据动能定理得：，得到：，则，故D正确．2、C【解析】

电场线的疏密反映电场的强弱；沿着电场线方向电势降低；电场线方向与电荷的运动轨迹无直接关系。【详解】A项：电场线密的地方场强大，b点电场线密，所以b点场强大，故A错误；B项：沿着电场线方向电势降低，a点电势高于b点电势，故B正确；C项：将一试探电荷＋q由a移至b的过程中，电场力做正功，所以电势能减小，故C正确；D项：若将一试探电荷+q由a点静止释放，将沿着在a点的场强方向运动，运动轨迹不是电场线，故D错误。故应选：C。掌握电场线的特点即可解决问题；可通过动能定理判断电荷动能的变化即可知道速度大小的变化。3、B【解析】

做匀加速直线运动的物体，以前是运动的，根据牛顿第一定律，一切外力消失，将做匀速直线运动．故B正确，A、C、D错误．故选B．4、D【解析】

小球从A点平抛,可得：小球从C点平抛,可得:联立以上各式计算得出：故选D.5、A【解析】

AB.由电路图可知，当S闭合时，R1短路，电路中电阻最小，由知，此时电路为加热状态，故A正确，B错误；CD.电阻R2的阻值为R1：R2=9：1，R1=9R2=9×48.4Ω=435.6Ω，当S断开时，R1、R2串联，电路电阻最大为R=R1+R2=435.6Ω+48.4Ω=484Ω保温状态时电路的功率为故CD项错误．6、C【解析】

A.外电阻为，则，则路端电压为，故A错误；B.电源的总功率为，故B错误；C.选电源负极为0电势点，则a点电势为，b点的电势，a、b两点间的电压为，故C正确；D.a、b间用导线连接后外电阻为R′，则，则电流，故D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．使d变大，则由可知C减小，则由可知，电压增大，则验电器的夹角变大，A正确；B．两极板错开，则S减小，由可得C减小，则由可知，电压增大，验电器的夹角变大，B错误；CD．若在极板间加入玻璃板，则介电常数增加，则由可知C增大；则由可知，电压减小，验电器的夹角变小，C错误D正确．8、AD【解析】

AB.根据电阻的定义，电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大，故A正确，B错误；CD.对应P点，由图可知，小灯泡两端的电压是U1，流过小灯泡的电流是I2，所以电阻，故C错误，D正确。9、BC【解析】试题分析：电子经过加速电场后，即当电子恰好能飞出偏转电场时有：，，所以可得，要使电子飞不出偏转电场，相等于y增大，所以需要减小U1或者增大U2所以选BC考点：考查了带电粒子在电场中的偏转问题点评：本题的关键是找出电子飞不出偏转电场的临界条件10、BC【解析】

点电荷的场强特点，轨道内壁的到圆心的距离相等，场强大小相等，方向不同，故A错误；点电荷的等势面是距离不等的同心圆，则轨道内壁的电势处处相等，故B正确；当小球运动到最高点A

时，地面对轨道的弹力恰好为零，则小球对轨道的弹力FNA=mg。对小球有：FNA+mg-kQqR2=mvA2R；对AC应用动能定律有：12mvA2+mg2R=12mvC2；对C点受力分析，根据牛顿第二定律有：FNC-mg-kQqR2=mvC2R；联立解得：FNC=7mg；根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小为7mg。故C正确；对B点受力分析，根据牛顿第二定律有：FNB-k本题考查带带电粒子在电场中的圆周运动，注意题中小球运动到最高点A

时，地面对轨道的弹力恰好为零的分析。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始,并要多取几组数据ADE【解析】

(1)[1]在用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，所以电路图选用图甲．(2)[2][3][4]因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用0～5V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值较小的滑动变阻器，故选E；(3)[5]对照电路图连接实物图，注意电流从电流表电压表正接线柱流入，如图：12、607.25.680【解析】

(1)[1]如果是用×10Ω挡测量电阻，由图示表盘可知，读数为6×10=60Ω。(2)[2]如果是用直流10mA挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为0.2mA，则读数为7.2mA。(3)[3]螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为18.0×0.01mm=0.180mm，所以最终读数为5.5mm+0.180mm=5.680mm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4Ω（1）0.7m/s【解析】(1)由能量守恒定律可得：P电=P热+P出即I1U=I11R+m1gv1解得R=4Ω(1)安培力变为原来的1倍，则电流I1变为I1的1倍，即I1=1I1=1×5=10A由能量守恒定律可知I1U=I11R+m1gv1解得v1=0.7m/s14、（1）2A，方向为a到b（2）5N（3）0.5N≤G≤7.5N【解析】

（1）通过ab的电流方向为a到b。（2）ab受到的安培力大小F＝