2026年广东省湛江市中考考前素养检测物理试卷附答案

中考考前素养检测物理试卷一、单选题（每小题3分，共21分）1．如图所示，下列简单机械属于费力的是（）A．夹取物体的镊子 B．剪铁丝的手钳C．定滑轮 D．动滑轮2．下列能源中属于可再生能源的是（）A．煤 B．天然气 C．石油 D．风能3．2026年元宵节，夜空出现“红月亮”.月食形成的原因是()A．光的色散 B．光的反射C．光的折射 D．光的直线传播4．声纹锁是基于声纹识别的一种新型智能门锁，将人体声纹特征作为密码，这里主要辨别声音的（）A．音调 B．响度 C．音色 D．频率5．近年来，我市进一步加大“互联网+”助力乡村振兴战略的力度，如图是菜农手拿番茄的图片，以下关于该番茄的估测，合理的是（）A．适宜生长的温度约为0℃ B．质量约为5gC．直径约为8cm D．密度约为6．如图所示的电路中，闭合开关后，较亮，较暗，则下列说法正确的是（）A．的电流较大 B．的电流较大C．、的电流一样大 D．电源正极处的电流最大7．甲、乙两辆小车同时同地同向做直线运动，它们的运动图像分别如图1和图2所示，由图像可知（）A．甲和乙的速度相同B．若以乙车为参照物，则甲车向前运动C．若甲和乙运动的时间相同，则甲和乙运动的路程之比为5：4D．甲是变速直线运动，乙是匀速直线运动二、填空题（每小空1分，23共）8．针对新能源汽车电池易燃烧的安全问题，2026年工信部对新能源动力电池提出了更高安全要求，规范针刺实验标准，要求电池受穿刺后规定时间内不起火、不爆炸。若电池意外破损造成正负极被导体直接连通，会发生电源（选填“通路”、“断路”或“短路”），电路中的电流很，根据电流的效应（选填“热”、“磁”或“化学”），瞬间产生大量热量，极易引发电池燃烧甚至爆炸。9．如图所示是同学们自制的温度计，该温度计的工作原理是液体的。把自制温度计放入温度较高的水中，玻璃管中的液柱将（选填“上升”或“下降”）。若要使该自制温度计更灵敏，则应该换用较（选填“粗”或“细”）的玻璃管。10．如图，防火巡查无人机搭载热成像仪和实时图像传输器执行任务。热成像仪利用物体辐射的（选填“红外线”或“紫外线”）检测周围温度并形成图像；这些图像由图像传输器通过（选填“超声波”或“电磁波”）传输给操作终端；以无人机为参照物，热成像仪是的。11．春晚戏曲节目《春晖满梨园》，老中青幼四代同台演唱，观众能根据（填写声音的特性）分辨出主奏乐器；动听的戏曲是由他们的声带而产生，通过传播到现场观众耳中。12．高铁输电线牵引装置通过滑轮和坠砣动态调节张力以稳定供电，如图所示，滑轮（选填“A”或“B”）为动滑轮，若坠砣重3000N，忽略滑轮和钢绳重量及摩擦，输电线水平缓慢移动10cm，输电线P端受到的拉力为N，坠砣移动的距离为cm。13．如图为科学兴趣小组自制的“漂浮式指南针”。铜片、锌片和食盐水溶液共同组成了“盐水电池”，装置在液面上漂浮时A端总是指向地理南方，假设整个装置的重力保持不变，则：（1）“盐水电池”的正极是；（选填“锌片”“铜片”）（2）“盐水电池”是将能转化为电能；（3）一段时间后，食盐水溶液的密度变大，该装置所受浮力。（选填“变大”“不变”“变小”）14．在C919的研发和制造过程中，涉及众多高新技术的应用和突破，体现了中国在高科技领域的进步和实力。（1）为了确保安全性，要进行风洞试验，向风洞空间里吹风，模拟飞机飞行时受到的风力。机翼形状如上图所示，上表面气体压强下表面气体压强（选填“大于”、“小于”或“等于”），从而产生向的力（选填“上”或“下”）：（2）飞机加速升空时，飞机受到作用（选填“平衡力”或“非平衡力”）（3）飞机在空中飞行时，机舱内先进的“呼吸系统”开始工作，使得客舱内气压保持在大约80kPa。飞机在万米高空飞行时，机舱外气压只有大约25kPa。此时，飞机上一透视窗面积约800cm2，透视窗承受内外气体的压强差约为kPa，压力差约为N。三、作图题（每小题3分，共9分）15．（1）如图所示，画出两条入射光线通过凹透镜后的折射光线。（2）为了使轻质杠杆AOB在图示位置静止，请画出左端物体的重力及杠杆在B点所施加的最小动力F的示意图；（3）图甲是一种带USB接口的新型插线板，开关同时控制USB接口和三孔插座，三孔插座和USB接口可以独立工作。请将图乙中的电路连接完整。四、实验题16．（1）图甲中物体的长度为cm；图乙中所示停表测量时间长短为s。（2）小明利用图丙装置做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，此时弹簧测力计读数为，若拉动木板向右做加速运动，木块受到摩擦力（选填“变小”、“不变”或“变大”）；（3）图丁是“探究平面镜成像特点”的实验，实验用两根等大的蜡烛是为了比较物与像的关系，当蜡烛A靠近玻璃板时，像的大小（选填“变大”“变小”或“不变”）。如果将玻璃板竖直向上移动一段距离，观察到蜡烛A的像（选填“向上移动”、“向下移动”或“不动”）17．小明查阅资料了解到：水蒸气遇到物体表面温度低于或等于某一温度值时才会液化成小水珠，该温度值称为露点。为了测量不同环境下的露点，小明往金属杯中加入适量的水，如图甲所示，逐步加入少量冰块并搅拌；当杯壁刚出现均匀细小水珠时，如图乙，立即读出温度计示数，此时水温近似等于露点，同时记录室温和相对湿度。经过一段时间的多次实验，记录数据如下表。室温（）相对湿度（%）露点（）25.07320.025.08222.125.09324.030.07725.030.09128.1（1）实验时，冰熔化会（选填“吸收”“放出”）热量。由于发生热传递，金属杯的内能（选填“变大”“不变”“变小”）；（2）某天小明家中的温度和湿度如图丙所示，若瓷砖温度为23.0℃，则瓷砖（选填“会”“不会”）出现小水珠。五、综合题18．罐装饮料能放进冰箱冷冻室吗？小文把一罐未开封的可乐放进冰箱冷冻室，几小时后发现可乐罐被撑得变形。他提出问题：不同液体凝固时体积变化相同吗？为此，他设计了如下实验。【实验过程】如图所示，将四个完全相同的去盖易拉罐（总体积为330mL）分别装入的纯水、可乐、牛奶、猪油，密封后放入冷冻室至完全凝固，测量凝固后体积，数据如下表：实验序号液体种类凝固前体积凝固后体积体积变化量1纯水200218

2可乐200217

3牛奶200210

4猪油200183

【问题分析】（1）水凝固过程中，温度，内能（均填变化情况）；（2）若定义凝固收缩率为在恒定熔点温度下，物质由液态完全转变为固态时，体积的相对变化率，其数学表达式为：，则根据实验1中的数据，可以计算水的凝固收缩率。（3）分析表中数据可知，不同液体的凝固收缩率（填“相同”或“不同”）；（4）结合以上探究，生活中在冰箱中存放水或可乐时，（提出一条建议）。（5）小文测量水凝固后体积的方法是：待水完全凝固后，从冰箱中取出易拉罐，用量筒向易拉罐中加水直到刚满，读出加入水的体积为，从而得出水凝固后体积。若取出易拉罐及加水过程中冰有熔化，则测得的体积变化量会（填“偏大”“偏小”或“不变”）。19．在城市的大街小巷，我们随处可见监控摄像头，它们为保障公共安全发挥着重要作用。许多监控摄像头配备了焦距固定的凸透镜，使图像成在凸透镜后面一倍焦距与两位焦距之间的感光元件上。如表为某一品牌3种不同型号（用①、②、③表示）摄像头的有关信息。如图为摄像头监控范围示意图。型号镜头焦距监控角度监控距离①2.8mm5m②4mm10m③6mm15m（1）摄像头在使用过程中，物体在感光元件上成（选填“倒立”或“正立”）、（选填“放大”或“缩小”）的实像。（2）若有苍蝇停留在镜头前6mm处，则能使苍蝇在感光元件上形成清晰的像的摄像头是（选填型号）。（3）图2是三个型号摄像头所拍摄的画面，其中由摄像头①所拍摄的是（）A．B．C．（4）某些监控摄像头还带有自动对焦功能，当物体靠近摄像头时，镜头会自动（选填“向前”或“向后”）移动，以保证像始终落在监控内的感光元件上，所成的像会（选填“变大”“不变”或“变小”）。六、科普阅读题20．阅读短文，回答问题。福建舰福建舰（舷号：18）是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，也是首艘采用电磁弹射和电磁阻拦技术的航母，它标志着中国航母发展，从滑跃起飞正式迈入电磁弹射时代。福建舰以先进电磁技术，托起大国重器海天征途。电磁弹射系统是福建舰核心系统之一（其简易结构图如图丙所示），相比传统蒸汽弹射具有效率高、控制精准、适应性强等优势，可用于推动舰载机缩短滑跑距离，当电磁弹射车内的导体通过强电流时，弹射车就给舰载飞机提供强大的推力，快速将舰载飞机弹出，电磁弹射系统所提供的牵引力始终为。空载的舰载机质量为10t，舰载机起飞需要达到一定的速度（相对于空气），电磁弹射轨道上舰载机（空载）速度与路程的关系如图丁所示。在风洞模拟中，舰载机（空载）的升力与其相对于空气的速度的关系如图戊所示。（取10N/kg）（1）福建舰配置了电磁弹射装置，它的弹射原理与（选填“电动机”或“发电机”）工作时的能量转化相同。（2）舰载机机翼的截面模型如图乙所示，当舰载机起飞时，机翼上表面流速（选填“大于”“小于”或“等于”）下表面空气流速，从而导致上表面的压强小于下表面的压强，产生了向上的升力。（3）舰载机满载时起飞的最低速度（选填“大于”“小于”或“等于”）舰载机空载时起飞的最低速度。（4）若航母静止在水面上，则空载的舰载机起飞需要至少m的电磁弹射轨道。（5）若航母以54km/h的速度航行，为使空载的舰载机能够起飞，则需要至少m的电磁弹射轨道（福建舰的航行方向与舰载机的滑跑方向一致）。（6）结合所学知识，请你提出一条提高电磁弹射装置机械效率的建议：。七、计算题（12分）21．如图甲是某种半导体材料的电阻R1随温度变化的关系图像。根据这种半导体材料电阻的特性，某同学利用半导体电阻R1、10Ω的定值电阻R0、恒压电源、电流表、开关、若干导线设计了一个电路（如图乙），可以测定某一空间的温度。（1）当环境温度为20℃时，电流表的读数为0.2A，此时半导体电阻R1阻值为多少?电源的电压是多少?（2）如果环境温度为100℃，电路中电流为0.6A，整个电路工作了10s。求：①半导体电阻R1的电功率是多少?②半导体电阻R1消耗电能是多少?

答案1．【答案】A【解析】【解答】A、镊子的支点位于尾部铰接位置，手指施加动力的力臂短，镊子夹持物体端对应的阻力臂更长，动力臂小于阻力臂，属于费力机械，故A正确；

B、剪铁丝的手钳手柄部分更长，动力臂大于钳口处的阻力臂，属于省力机械，故B错误；

C、定滑轮本质是等臂杠杆，动力臂与阻力臂长度一致，既不省力也不费力，故C错误；

D、常规使用状态下的动滑轮动力臂等于滑轮直径、阻力臂等于滑轮半径，动力臂更长，属于省力机械，故D错误；

故答案为：A。

【分析】A、考查杠杆的分类判定。需找准镊子的支点位置，分别测量动力臂、阻力臂的长度，根据动力臂更短判定它属于费力杠杆。

B、考查省力杠杆的特征。需观察手钳手柄与钳口的长度差异，对比两段力臂，得出手钳可以省力的结论。

C、考查定滑轮的杠杆实质。需明确定滑轮支点处在轮心，两侧力臂均等同于滑轮半径，属于等臂杠杆。

D、考查动滑轮省力的原理。需认清常规动滑轮支点在绳子和滑轮相切的位置，对比动力臂、阻力臂，判断其省力的特性。2．【答案】D【解析】【解答】煤、石油、天然气不能在短期内得到补充，是不可再生能源；风能可以不断地从自然界获取，是可再生能源。故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。

【分析】不断得到补充的能源，是可再生能源；短时间不能得到补充的能源，是不可再生能源。3．【答案】D【解析】【解答】当太阳、地球、月球在同一直线上，地球位于太阳与月球之间时，太阳发出的光被不透明的地球挡住，光线照不到月球上，在地球上看不到月亮的现象就是月食，月食是由光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故D正确，ABC错误。

故选D。

【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等。4．【答案】C【解析】【解答】声纹锁通过识别不同人声音的独特特征来开锁，这些特征主要由发声体（声带）的结构决定，即声音的音色。音色是区分不同发声体的主要依据，因此声纹锁主要辨别声音的音色。

故选C。

【分析】声音的特性：音调（由频率决定）、响度（由振幅决定）、音色（由发声体本身材料、结构决定）。

每个人的声带结构不同，发出的声音音色不同，因此可用于身份识别。

声纹识别属于生物识别技术，利用的是音色的唯一性。5．【答案】C【解析】【解答】A、番茄适宜生长温度约20℃～30℃，0℃温度过低，不利于番茄生长，故A错误；B、一个普通番茄质量大约100g～200g，5g质量过小，不符合实际，故B错误；C、成年人手掌宽度约10cm，图中番茄被手掌握住，直径约8cm，符合生活实际，故C正确；D、番茄主要成分为水，密度接近水的密度，远小于实际密度，故D错误；故答案为：C。【分析】A、考查生活常识温度估测，区分农作物适宜生长温度；B、考查常见物体质量估测，普通番茄质量远大于5g；C、考查长度估测，结合手掌宽度对比判断番茄直径；D、考查物质密度估测，果蔬密度接近水的密度。6．【答案】C7．【答案】A【解析】【解答】A、由图1可得甲的速度，由图2可知乙的速度恒定为，二者速度大小、方向均一致，甲和乙的速度相同，故A正确；

B、甲乙速度完全相等，二者保持相对静止，以乙车作为参照物，甲车位置不会发生变化，甲车处于静止状态，故B错误；

C、两者速度一致，当运动时间相同时，依据能够推出路程也是相等的，路程之比应为，并非，故C错误；

D、图1中甲的图像是一条过原点的直线，路程和时间成正比，甲做匀速直线运动；图2乙速度保持不变，乙也做匀速直线运动，故D错误；

故答案为：A。【分析】A、考查s-t、v-t图像的速度求解。需利用速度公式算出甲的速度，再读取乙图像上恒定的速度数值，完成二者速度的比对。

B、考查参照物相关的运动相对性。需明确甲乙速度一致、相对静止这一特点，据此判断以乙为参照物时甲车的运动状态。

C、考查匀速直线运动路程的计算。需套用公式，速度v一致、时间t相同时路程必然相等，进而判断路程比例。

D、考查匀速直线运动的图像特征。需掌握s-t图像倾斜直线、v-t图像水平直线这两种匀速运动对应的图像形态，分别判定甲乙的运动类型。8．【答案】短路；大；热【解析】【解答】电源短路现象指不经用电器，借助导线直接连通电源正负极的电路故障。依据欧姆定律公式展开推导，电源两端电压维持固定不变，发生短路之时回路整体电阻极小，据此推算出电路当中会产生强度极大的电流；依托焦耳定律，偏大的电流会让导线短时间生成大量热量，该发热现象本质属于电流的热效应，严重时就会烧坏电源、引燃周边物件，引发用电安全事故。故答案为：短路；大；热；【分析】先界定电源短路的电路特征，借助剖析短路场景下电流激增的成因，电压恒定的前提下极小的回路电阻是大电流出现的根本诱因；之后引入焦耳定律，进一步解释大电流产热的过程，利用电流热效应的相关知识点阐明短路带来高温隐患的底层原理，完整理顺短路从电路结构异常到大电流、再到过热风险的推导链条。9．【答案】热胀冷缩；上升；细【解析】【解答】自制温度计内部装有测温液体，温度上升液体体积变大、温度下降液体体积缩小，工作原理就是液体的热胀冷缩。

放入温度偏高的水中后，瓶内测温液体受热膨胀，玻璃瓶膨胀效果微弱可忽略，液体涌入玻璃管，液柱将会上升。

温度变化一致时，液体体积变化量保持恒定，依据，细玻璃管横截面积更小，液柱高度变化更突出，观测效果更好，因此要选用较细的玻璃管提升灵敏度。故答案为：热胀冷缩；上升；细；

【分析】液体温度计通用的底层原理为热胀冷缩，温度变化会引起测温液体的体积发生规律性变化。

水温偏高会使测温液体受热膨胀，推动玻璃管内的液柱向上移动。

根据，固定体积变化量的前提下减小玻璃管横截面积，液柱高度变化会放大，以此增强温度计灵敏度。10．【答案】红外线；电磁波；静止【解析】【解答】自然界当中温度不为绝对零度的物体都会向外辐射红外线，红外线具备明显的热效应，物体温度越高，红外辐射强度就越大，热成像仪正是捕捉物体散发出来的红外线，据此测出各处温度并生成对应的热图像。

日常远距离无线传递图像信息需要借助电磁波，电磁波能够在真空以及空气当中顺利传播，超声波难以适配空中远程传输的场景，所以图像传输器依靠电磁波把画面传送至操作终端。

热成像仪固定搭载在无人机机体之上，二者同步进行移动，二者之间的空间位置不会产生变动，选取无人机作为参照物时，热成像仪处于静止状态。

故答案为：红外线；电磁波；静止；

【分析】依托红外线、紫外线的特性展开区分，凭借红外线突出的热效应这一特点，确定热成像仪的检测波段。

对比电磁波和超声波的传播条件，根据无线远程传图像的场景特点选出适配的信息传播载体。

按照参照物的判断规则，比对热成像仪与无人机的相对位置变化情况，完成运动状态的判定。11．【答案】音色；振动；空气【解析】【解答】不同乐器的材料和结构不同，发出声音的音色不同，所以观众能根据音色分辨出主奏乐器；

动听的戏曲是由他们的声带振动产生的；

声音的传播需要介质，现场观众听到的声音是通过空气传播到耳中的。

故答案为：音色；振动；空气。

【分析】声音是由物体振动产生的；声音的传播需要介质；音色与发声体的材料和结构有关。12．【答案】B；6000；20【解析】【解答】观察装置结构，滑轮A的转轴位置固定不动，属于定滑轮；滑轮B会跟随输电线一同产生位移，属于动滑轮；

忽略滑轮、钢绳自重以及摩擦阻力，动滑轮两段绳子的拉力均等于坠砣重力，推导可得

；

动滑轮移动距离和绳端移动距离满足，输电线平移；；故答案为：B；6000；20；

【分析】按照滑轮轴心是否固定这一区分标准，判别定滑轮与动滑轮的种类。

利用动滑轮受力平衡规律进行变形，代入坠砣重力的已知数据求解P端拉力。

依托动滑轮距离关系式，代入输电线的平移距离，算出坠砣对应的移动距离。13．【答案】（1）铜片（2）化学（3）不变【解析】【解答】（1）地磁的南极靠近地理南方，螺线管A端指向地理南方，可知A端是螺线管S极、B端为N极；借助安培定则判断线圈内部电流走向，电流从B端流入螺线管，与B相连的铜片电位更高，充当盐水电池的正极。

故答案为：铜片；

（2）盐水电池依托内部发生化学反应产出电能，工作阶段将化学能转化为电能。

故答案为：化学；

（3）装置一直漂浮在盐水液面，依据漂浮受力规律可得浮力，题干限定装置整体重力不会改变，即便食盐水密度增大，装置受到的浮力依旧保持原值不变。故答案为：不变；

【分析】（1）结合地磁场分布确定螺线管磁极，再利用安培定则判断电路电流流向，以此分辨盐水电池的正、负极。

（2）依据化学电池的能量转化特征，明确盐水电池输出电能过程消耗的能量形式。

（3）运用漂浮状态下浮力等于总重力的结论，抓住总重力恒定这一条件，忽略液体密度的变化完成浮力大小判定。（1）A端总是指向地理南方，则A端为螺线管的S极，B端为螺线管的N极。根据安培定则可判断，电流从螺线管的B端流入、A端流出，则与螺线管B端相连的铜片是正极。（2）“盐水电池”是化学电池，工作时将化学能转化为电能。（3）装置始终漂浮在液面上，浮力始终等于自身重力。题目中说明“整个装置的重力保持不变”，因此即使食盐水密度变大，浮力也不变。14．【答案】（1）小于；上（2）非平衡力（3）55；4400【解析】【解答】（1）机翼上表面轮廓弯曲凸起，空气经过上表面的通行路程更长，气流流速更快；依据流体压强规律，流速越大压强越小，机翼上表面气体压强小于下表面气体压强，上下形成压强差，最终产生方向向上的升力。

故答案为：小于；上；

（2）飞机处于加速升空的状态，运动速度持续改变，运动状态并不稳定，因此飞机受到非平衡力作用。

故答案为：非平衡力；

（3）先计算透视窗两侧的压强差：

进行面积单位换算：

由压强推导式可得压力差：。故答案为：55；4400；

【分析】（1）运用流体压强与流速的对应关系，对比机翼上下两面的空气流速大小，进一步判断两处压强高低，确定升力朝向。

（2）根据平衡状态的判定条件分析，只有匀速静止或者匀速直线运动时物体受力才平衡，飞机加速过程运动状态发生改变，据此判断受力类型。

（3）利用算出内外压强差值，提前统一面积的国际制单位，再借助这一公式代入参数求解压力差。（1）风洞中有风吹过时，由于机翼的上表面是凸出的，则上表面空气的流速大，压强小，下表面空气的流速小，压强大，即机翼上表面气体压强小于下表面气体压强，从而产生向上的力。（2）飞机加速升空时，速度变大，处于非平衡状态，受非平衡力作用。（3）由题可知，在万米高空，机舱外的大气压为机舱内的大气压为此时，透视窗承受内外气体的压强差约为压力差约为15．【答案】（1）（2）（3）【解析】【解答】（1）针对凹透镜的两条入射光线分别作图：水平平行于主光轴入射的光线，折射光线的反向延长线会经过凹透镜左侧的虚焦点；径直穿过凹透镜光心的入射光线，传播路径不会发生偏转，沿着原方向直线射出，按照这两条规律完成折射光线绘制，如图所示：；

故答案为：；

（2）绘制重力与最小动力：左端物体受到的重力方向竖直向下，作用点落在物体重心位置，向下画出重力；依据杠杆平衡条件，支点到的线段是最长动力臂，动力需要垂直朝向斜下方，就能够得到B端施加的最小动力，如图所示：；

故答案为：；

（3）排布插线板内部接线：开关处在火线一侧，实现对USB接口、三孔插座的统一管控；三孔插座沿用标准接法，左孔接零线、右孔接火线、上端插孔完成接地；三孔插座、USB接口互相并联，满足二者独立开展工作的设计要求，补全全部线路，如图所示：；故答案为：；

【分析】（1）熟记凹透镜两类专属光路规则，平行主光轴入射、过光心入射分别套用对应的折射规律，依次敲定两条光线折射后的走向。

（2）重力始终竖直向下，以此画出重物重力；杠杆阻力、阻力矩固定不变时最长力臂对应最小动力，连接支点和B端取得最长力臂，再垂直最长力臂画出动力方向。

（3）依据家庭电路接线准则进行排布，开关需要接火线保障用电安全，并联接法可以保证插座、USB二者互不干扰，三孔插座严格遵循左零右火上地的接线规范完成布线。（1）平行于主光轴的入射光线经凹透镜后折射光线反向延长线过焦点；过光心O的入射光线：传播方向不改变。（2）左端物体的重力方向总是竖直向下，作用点在重心。最长动力臂为OB，过B点垂直于OB向下画出动力作用线。（3）开关同时控制USB和插座，两者可独立工作，说明它们是并联，且开关在干路，控制火线。三孔插座接法：遵循“左零右火上接地”。左孔接零线，右孔接火线（开关），上孔接地线；开关与USB接口：开关必须接在火线上，再连接到USB接口；USB接口的另一端接零线，这样开关断开时，USB接口不带电，且插座和USB并联，互不影响。16．【答案】（1）2.50；200（2）2.4；不变（3）大小；不变；不动【解析】【解答】（1）刻度尺相邻小格间距为1mm，也就是分度值等于0.1cm，物体左端对准刻度尺零刻度线，右端对齐2.50cm刻度处，物体长度读数取2.50cm；停表小表盘分针指向3min，换算得到180s，大表盘秒针示数为20s，总耗时。故答案为：2.50；200；

（2）观察弹簧测力计刻度，每一小格代表0.2N，指针停留在2.4N的刻度位置，因此示数为2.4N；滑动摩擦力大小只取决于木块对接触面的压力、接触面粗糙程度，木板加速拖动的过程中这两项条件均没有发生变化，木块受到的摩擦力保持不变。故答案为：2.4；不变；

（3）实验挑选两根规格完全一致的蜡烛，可以通过后面蜡烛和前面蜡烛的像完成重合对照，以此对比物与像的大小；平面镜成像有着物像大小恒等的特点，蜡烛A靠近玻璃板，像的大小不会产生变化；成像位置由实物蜡烛的方位决定，玻璃板竖直向上平移的时候蜡烛A位置固定不变，物和像的对称基准只是镜面平移，蜡烛对应的像保持不动。故答案为：大小；不变；不动；

【分析】（1）分别掌握刻度尺、停表两类测量仪器的读数规则，刻度尺读数需要估读到分度值的下一位，停表将小分钟表盘、大秒钟表盘的读数相加就得到总时长。

（2）首先确认弹簧测力计分度值完成读数，之后依据滑动摩擦力的影响因素，排除木板运动速度造成的干扰，判断摩擦力的变化趋势。

（3）围绕平面镜成像的各项特性分步分析，利用等大蜡烛开展等效替代比较物像尺寸；把握住物像大小永远一致的规律分析靠近镜面的变化；依托物像关于镜面对称的特点，蜡烛不动就可以推出玻璃板上移之后像的位置状态。（1）刻度尺的分度值为1mm，物体左端对齐0.00cm，右端对齐2.50cm，物体的长度为2.50cm；停表的小表盘分针3min=180s，大表盘的秒针20s，总时间180s+20s=200s。（2）弹簧测力计分度值0.2N，读数2.4N；滑动摩擦力只与压力、接触面粗糙程度有关，木板加速运动时二者不变，故摩擦力不变。（3）两根等大的蜡烛是为了比较物与像的大小关系；平面镜成像时，像与物的大小始终相等，故蜡烛靠近玻璃板，像的大小不变；玻璃板竖直上移，平面镜成像物与像关于镜面对称，蜡烛位置不变，故像的位置不动。17．【答案】（1）吸收；变小（2）不会【解析】【解答】(1)冰归类为晶体，晶体熔化阶段需要不间断吸收热量。杯中的冰熔化时，会从周边水体吸收热量，水体散失热量后温度下降，与之接触的金属杯温度同步降低。此时金属杯温度低于外界环境温度，热量从金属杯传递向外界，金属杯向外放热，最终自身内能减小。

故答案为：吸收；变小；

(2)环境室温保持，实测相对湿度为。参考表格变化规律可知室温固定时，相对湿度越大露点温度越高，可推出该工况露点温度低于。瓷砖温度达到，数值高于环境露点，空气内的水蒸气达不到液化条件，瓷砖表面不会生成小水珠。故答案为：不会；

【分析】(1)把握晶体熔化吸热这一基础特点，顺着冰吸收水的热量、水温下降、金属杯降温、金属杯对外放热的传热链路，逐层推导金属杯内能产生的变化。

(2)明确露点代表水汽开始液化的临界温度，先分析恒温环境下相对湿度对于露点的影响，求出当前环境露点的范围，再比对瓷砖温度与露点的高低，借助液化发生的前提完成最终现象判断。（1）冰是晶体，熔化过程需要吸收热量；冰熔化时，从周围的水中吸收热量，导致水和金属杯的温度降低。由于金属杯向外放热，其内能减小。（2）图丙中，室温为25℃，相对湿度为80%。由表格数据可得：室温25℃时，相对湿度越高，露点温度越高。湿度为80%时，露点温度低于22.1℃。瓷砖温度为23.0℃，瓷砖温度高于该环境下的露点，则瓷砖不会出现小水珠。18．【答案】（1）不变；减小（2）9％（3）不同（4）不要将未开封的罐装水/可乐放入冰箱冷冻室存放（5）偏小【解析】【解答】(1)水具备晶体的理化特性，进行凝固变化的过程当中温度维持熔点保持恒定；凝固这一物态变化向外释放热量，体系散失热量，对应的内能随之下降。

故答案为：不变；减小；

(2)依托题目给出的凝固收缩率公式，把实验1对应的、代入式子进行运算：故答案为：9％；

(3)各组实验初始把控好凝固之前液体的初始体积保持一致，查阅表格给出的实测数据，各类液体凝固完成之后产生的体积波动幅度互不相同，最终求得的凝固收缩率也就存在区别。

故答案为：不同；

(4)水以及可乐凝固固化之后整体体积会发生膨胀，密闭罐装容器的内部空间有限，体积扩张产生的应力容易撑破罐体，日常存放时不可把密封完好的罐装水、可乐放置冰箱冷冻层；如果需要冷冻存放，灌装阶段就应当预留一部分空余空间。

故答案为：不要将未开封的罐装水/可乐放入冰箱冷冻室存放；

(5)实验过程冰块出现熔化现象时，冰熔化转变为水会出现体积缩减的情况，实测得到的加水体积相比真实值偏大；由关系式可推出测量结果偏小，再代入进行推导，最终体积变化量的测得数值也会偏小。故答案为：偏小；

【分析】(1)运用晶体凝固的固有特点分析温度走势，再借助凝固放热的规律判断内能发生的改变。

(2)找准题干现成的凝固收缩率计算式，筛选实验1适配的两组体积参数，规范代入完成百分数运算。

(3)明确本题控制凝固前液体体积不变的控制变量设计，对比表格凝固后的体积数据，对不同液体的收缩率进行横向比较。

(4)抓住水、可乐凝固体积膨胀这一特点，从规避容器胀裂风险的角度推导日常储存的实操注意事项。

(5)顺着冰熔化带来的体积误差逐层推导，先后分析、的测量偏移方向，进一步判断最终产生的偏差趋势。（1）水是晶体，晶体凝固过程中温度保持不变；凝固会放出热量，因此内能减小。（2）根据实验1中的数据，可以计算水的凝固收缩率为（3）由表格数据可知，不同液体凝固后的体积变化量不同，因此凝固收缩率不同。（4）水和可乐凝固后体积会膨胀，容易撑坏容器，因此不要将未开封的罐装水/可乐放入冰箱冷冻室存放或放入冷冻室时不要装满，预留空隙。（5）冰熔化时体积会减小，导致测得加入水的体积偏大，根据测量方法，​，可知偏小，因此体积变化量​也偏小。19．【答案】（1）倒立；缩小（2）①（3）A（4）向前；变大【解析】【解答】（1）摄像头在使用过程中，物体在感光元件上成倒立、缩小的实像。（2）根据凸透镜成像原理，，成倒立、缩小的实像，若有苍蝇停留在镜头前6mm处，那么6mm>2f，解得：f<3mm，因此能使苍蝇在感光元件上形成清晰的像的摄像头是①。（3）凸透镜成实像时，若物距不变，焦距越小，所成的像越小。由图2可知，A的像最小，因此是由摄像头①所拍摄的。（4）根据题意可知，当物体靠近摄像头，此时物距减小，根据“物近像远大”的规律可知，此时像距会变大，即镜头会自动向前移动。

【分析】（1）根据凸透镜成像特点和应用的知识解答；

（2）当u>2f时，成倒立缩小的实像；

（3）凸透镜成实像时，若物距不变，焦距越小，所成的像越小。

（4）根据凸透镜成实像时“物近像远大”的规律分析。（1）[1][2]摄像头工作原理与照相机相同，物体在感光元件上成倒立、缩小的实像。（2）若有苍蝇停留在镜头前6mm处，此时苍蝇到镜头的距离大于摄像头①焦距的两倍，根据凸透镜成像原理，，成倒立、缩小的实像，因此能使苍蝇在感光元件上形成清晰的像的摄像头是①。（3）凸透镜成实像时，物距不变，焦距越小，所成的像越小；由图2可知，A的像最小，因此是由摄像头①所拍摄的。（4）[1][2]当物体靠近摄像头，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，镜头会自动向前移动，在感光元件上所成的像会变大。20．【答案】（1）电动机（2）大于（3）大于（4）125（5）61.25（6）给弹射轨道加润滑油【解析】【解答】（1）电磁弹射依靠通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能；电动机能量转化形式与之相同，发电机是机械能转化为电能。故答案为：电动机（2）机翼上凸下平，空气流过机翼上表面的路程更长，流速大于下表面空气流速，根据流体压强规律，流速大的位置压强小，形成向