广西龙胜中学2027届物理高二第一学期期中综合测试模拟试题含解析

广西龙胜中学2027届物理高二第一学期期中综合测试模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝0.2T，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度L＝0.2m，导线中电流I＝1A。该导线所受安培力F的大小为()A．0.01N B．0.02NC．0.03N D．0.04N2、如图所示，滑轮A可沿倾角的足够长轨道下滑，滑轮下用轻绳挂着一个重力为G的物体B，下滑时，物体B相对于A静止，绳与竖直方向夹角为，则下滑过程中(不计空气阻力)A．A、B的加速度为 B．A、B的加速度为C．绳的拉力为 D．滑轮A与轨道之间一定有摩擦3、已知A、B两物体的质量之比为5：3，所受合外力之比为2：1，则A、B的加速度之比为（）A．5：6 B．6：5 C．3：10 D．10：34、如图甲所示，真空中有一半径为R、电荷量为＋Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x轴。理论分析表明，x轴上各点的场强随x变化关系如图乙所示，则()A．x1处场强大小为kQB．x2处场强大小为kQC．球内为匀强电场D．E－x图线与x轴所围的面积表示电势差5、真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势φ随x变化的关系如图所示，则根据图象可知()A．R处的电场强度E＝0B．x1处与x2处的电场强度方向相反C．若正的试探电荷从x1处移到x2处，电场力一定做正功D．该电场有可能是处在O点的正的点电荷激发产生的6、把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一段距离，发现两球之间相互排斥，则A、B两球原来的带电情况不可能是()A．带有等量异种电荷B．带有等量同种电荷C．带有不等量异种电荷D．一个带电，另一个不带电二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、带有(1/4)光滑圆弧轨道、质量为M的滑车静止置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v0水平冲上滑车，当小球上行再返回，并脱离滑车时，以下说法可能正确的是（）A．小球一定沿水平方向向左做平抛运动B．小球可能沿水平方向向左做平抛运动C．小球可能做自由落体运动D．小球可能水平向右做平抛运动8、电阻A，B的I-U图像如图，山图像可知（）A．A，B阻值之比为1:3B．A，B阻值之比为3:1C．A，B串联后的I-U图线位于Ⅰ区D．A，B并联后的I-U图线位于Ⅱ区9、如图所示，某位置Q固定一带正电的点电荷，A、B、C是斜面上间距相等的三个点，Q、B连线垂直于斜面，在A点无初速度释放一带有恒定电荷的小物块，已知小物块沿绝缘的斜面运动到C点时停下．下列说法正确的是A．小物块一定带负电B．小物块运动过程，电势能可能先增大后减小C．小物块运动过程经过B点时的滑动摩擦力最大D．小物块从B点运动到C点过程机械能不断减少10、如图,质量为m、电荷量为+q的小球。从地面B点正上方的A点以某一初速度水平抛出,经过时间t后,球落在水平面上C点,落地时的动能为Ek。若空间增加竖直向下的匀强电场,且场强大小E=mg/q，小球仍以相同的速度从A点抛出，重力加速度为g,则（）A．落地点位于BC中点B．落地点位于BC中点右侧C．落地时动能小于2EkD．在空中运动的时间小t/2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学要测量一新材料制成的均匀圆柱体的电阻率ρ.完成下列部分步骤：(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度，如图甲所示，由图可知其长度为_____mm.甲乙(2)用螺旋测微器测量其直径，如图乙所示，由图可知其直径为_________mm.(3)用多用电表的电阻“×10”挡按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值约为________Ω.(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1(量程0～6mA，内阻约50Ω)；电流表A2(量程0～15mA，内阻约30Ω)；电压表V1(量程0～3V，内阻约10kΩ)；电压表V2(量程0～15V，内阻约25kΩ)；直流电源E(电动势4V，内阻不计)；滑动变阻器R1(阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A)；滑动变阻器R2(阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A)；开关S，导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在虚线框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．12．（12分）（1）图甲所示的电流表使用0.6A量程时，对应刻度盘上每一小格代表_______A，图中表针示数是_______A；当使用3A量程时，对应刻度盘上每一小格代表________A，图中表针示数为________A。（2）图乙所示的电表使用较小量程时，每小格表示________V，图中指针的示数为________V。若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示________V，图中表针指示的是________V。（3）用游标卡尺测得某样品的长度如图（甲）所示，其示数L＝______mm；用螺旋测微器测得该样品的外径如图（乙）所示，其示数D＝_____________mm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，电源电压是18V且保持不变，闭合电键时，安培表的示数是1.2A，伏特表的示数是12V。求：(1)R2两端的电压(2)R1的电阻(3)R2的电阻14．（16分）如图所示线圈abcd面积为0.05m2，共100匝数，线圈电阻为1，外接电阻R=9，匀强磁场的磁感线应强度为当线圈以300rad/min转速匀速旋转时，求：（1）若线圈处于中性面开始计时，写出经圈中感应电动势的瞬时值表达式．（2）经圈转过时电动势的瞬时值为多大？15．（12分）如图，平行板电容器竖直放置，极板长为L=1m，板间距为d=2m，两板之间电压为U=400V。带电小球由A点以一定的初速度v0沿图示方向飞入电场中，沿直线AB运动，并由B点飞出电场。已知带电小球的电荷量大小为q=3×10-2C，重力加速度g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：（1）匀强电场的场强E；（2）AB两点之间的电势差UAB；（3）带电小球的质量m。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

根据F=BIL可知导线所受安培力F的大小为F=0.2×1×0.2N=0.04N，故选D.2、D【解析】

以B为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度大小，根据力的合成与分解求解绳子拉力大小，如果没有摩擦力，绳子应该与斜面垂直；【详解】A、以B为研究对象，受力情况如图所示：

根据几何关系可得合力大小为，

根据牛顿第二定律可得加速度大小为：，AB错误；

C、绳子的拉力大小为，C错误；

D、由AB相对静止，则AB具有共同加速度，假设滑轮不受摩擦力时，对整体分析，其加速度，则轻绳应该与斜面垂直，所以滑轮受摩擦力作用，D正确．本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答，注意整体法和隔离法的应用．3、B【解析】

根据牛顿第二定律F=ma代入数据可得故B正确，ACD错误。4、D【解析】

球体内某点的电场强度，根据E=kQr2与Qx=X3R3Q共同确定，所以x1处场强大小不是kQx12，故A错误；电荷量为+Q

的均匀带电球体，以球心为坐标原点，当作点电荷，则有x2处场强大小为kQx22，故B错误；由图象可知，球内部的电场为非匀强电场，由E=kQr2与考查带电球壳内部是等势体且电场强度处处为零，体外则是看成点电荷模型来处理；而电势则由电荷从该点移到电势为零处电场力做功与电量的比值来确定．注意比较电势也可以由图象和横轴的面积来表示.5、C【解析】

A、

φ−x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度，R处切线的斜率不为零，故R处的电场强度E≠0，故A错误；B、

x1处与x2处的切线斜率同为负值，故x1处与x2处的电场强度方向相同，故B错误；C、若试探电荷从x1处移到x2处，电势降低，根据公式WAB=qUAB，如果是正电荷，电场力一定做正功D、离电荷越近，电场强度越大，φ−x图象的斜率应越大，而图中离O点越近，图象切线的斜率变小，故该电场不可能在O点的正电荷产生的，故D错误；故选C。φ-x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；用WAB=q6、A【解析】

两个小球原来分别带等量同种电荷，把两个完全相同的小球接触后仍带等量同种电荷，存在排斥力，故B可能．两个小球原来分别带不等量异种电荷，小球接触后电荷先中和再平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，故C可能．原来的其中一个带电，把两个完全相同的小球接触后电荷平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，故D可能．两个小球原来分别带等量异种电荷，接触后电荷完全中和，两球均不带电，不存在排斥力，故A不可能．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】试题分析：小球滑上滑车，又返回，到离开滑车的整个过程，相当于小球与滑车发生弹性碰撞的过程．选取小球运动的方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mv1+Mv2由机械能守恒得：整理得：如果m＜M，小球离开滑车向左做平抛运动；如果m=M，小球离开小车的速度是0，小球将做自由落体运动；如果m＞M，小球离开小车向右做平抛运动．故A错误，BCD正确．故选BCD．考点：动量守恒定律；机械能守恒【名师点睛】解决本题的关键知道小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒．会根据动量守恒定律进行分析，然后从能量守恒的角度列出方程可联立求解速度.8、AC【解析】

I-U图像的斜率之比等于电阻比的倒数，由图像可知A、B阻值之比为RARB=tan300tan600=13，选项A正确，B错误；A、B串联后的电阻比B的电阻还要大，可知I-U9、AD【解析】

解：A、若小物块也带正电，则小物块在A点与C点的受力如图：可知若小物块带正电，则从A到C的过程中小物块沿斜面向下的分力增大；由于小物块能从A开始向下滑动，则沿斜面向下的分力增大后，小物块是不可能在C点静止的．所以小物块只能带负电，则从A到C的过程中小物块沿斜面向下的分力减小，小物块才能到达C后停止．故A正确；B、小物块带负电，则小物块与点电荷之间的库仑力为吸引力，从A到B的过程中库仑力做正功，而从B到C的过程中电场力做负功，所以小物块的电势能先减小后增大．故B错误；C、小物块带负电，受到点电荷的吸引力，当小物块运动达到B点时，库仑力最大，而且沿垂直于斜面方向的力最大，所以小物块在B点受到的支持力最小，则在B点的滑动摩擦力最小．故C错误；D、小物块在B点时仍然向C点运动，运动的过程中做减速运动，动能减小，同时重力势能也减小，所以小物块从B点运动到C点过程机械能不断减少．故D正确．故选AD．根据小物块在A点和C点的受力情况，判断小物块的电性；根据电场力做功与电势能变化的关系判断电势能的变化情况；根据受力分析判断摩擦力的变化；根据功能关系判断小物块的机械能的变化．该题路程电场力以及电场力做功的特点，解答的关键是正确对小物块在A点与C点的情况进行受力分析，先判断出小物块带负电．10、BC【解析】

A、B、D项：若空间增加竖直向下的匀强电场，场强大小E=mg/q，小球的加速度变为2g，由公式h=12gt2可知，t=2hg，加速度变为原来的两倍，所以时间变为原来的22，由公式：x=C项：由动能定得可知，没加电场时：mgh=E加电场后：2mgh=由以上两式可知，落地时动能小于2Ek，故C正确。故应选：BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.154.700220【解析】(1)游标卡尺的主尺读数为50mm，游标读数为0.05×3=0.15mm，所以最终读数为50.15mm.(2)螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为4.700mm.(3)欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，即R=22Ω×10=220Ω；(4)根据欧姆定律，最大电流：I=4/220≈18.2mA，故电流表选择A2；电源电动势4V，故电压表选择V1；要求测得多组数据进行分析，滑动变阻器采用分压式接法，用小电阻控制大电阻，故滑动变阻器选择R1。因待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法；电路图如图所示：12、0.02A0.44A0.1A2.20A0.1V1.40V0.5V7.0V30.35mm3.205mm【解析】

（1）[1][2][3][4]电流表使用0.6A量程时，刻度盘上的每一小格为0.02A，指针的示数为0.44A；当换用3A量程时，每一小格为0.1A，指针示数为2