湖南省长沙麓山国际实验学校2025-2026学年高二上学期入学考试物理试卷(含答案)

湖南长沙麓山国际实验学校2026-2027学年高二上学期开学物理试题一、单选题1．下列关于静电场及静电现象说法正确的是（）A．若电场中的某点不放试探电荷，则该点的电场强度一定为0B．法国科学家库仑认为电荷之间的相互作用通过场来传递，提出了电场的概念C．公式表明在点电荷的电场中，某点的电场强度的大小与电荷量Q成正比D．优质耳机线内包裹着金属丝网是利用了静电吸附的原理2．有三个完全相同的平行板电容器甲、乙、丙，将乙电容器两极板的正对面积减小一些，丙电容器两极板间的距离减小一些，随后将它们分别接入相同电路，做“用传感器观察电容器的充放电过程”的实验，得到的图像如图中曲线、、所示。则、、对应的电容器分别是（

）A．甲、乙、丙 B．乙、甲、丙 C．丙、甲、乙 D．丙、乙、甲3．如图所示，大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成。已知灵敏电流表G的满偏电流为，内阻为，变阻箱R接入电路的阻值为。下列说法正确的是（）A．甲表是电流表，R减小时量程减小B．乙表是电压表，R增大时量程减小C．丙电路图表示欧姆表，表笔A是黑表笔D．在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则4．如图甲，多级直线加速器由多个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，序号为奇数和偶数的圆筒分别与图乙所示交变电源两极相连。时，位于金属圆板（序号为0）中央的电子，由静止开始加速。若已知电子的质量为、电荷量为、交流电周期为，电子通过圆筒间隙的时间不计，忽略相对论效应，下列说法正确的是（）A．电子在圆筒内做匀加速直线运动B．电子在第2个与第4个圆筒中的速度之比为1∶2C．电子在各圆筒中的运动时间均为D．图甲中各圆筒的长度之比为1∶∶……5．两条完全相同的均匀电阻丝、，现把电阻丝均匀拉长到原来的倍记为，将电阻丝、并联接入电路，电阻丝、中的自由电荷定向移动的平均速率之比为（）A． B． C． D．6．如图所示，电源电动势为、内阻为，、为定值电阻，电表均为理想电表。闭合开关，将滑动变阻器的滑片从左向右移动的过程中，电流表、、电压表示数变化的绝对值分别为、、，下列说法正确的是（）A．电压表示数增大 B．电流表示数增大C． D．7．运动员为了练习腰部力量，在腰部拴上轻绳然后沿着斜面下滑，运动的简化模型如图所示，倾角为37°的光滑斜面固定放置，质量为m运动员与质量为m的重物通过轻质细绳连接，细绳跨过天花板上的两个定滑轮，运动员从斜面上的某点由静止开始下滑，当运动到A点时速度大小为，且此时细绳与斜面垂直，当运动到B点时，细绳与斜面的夹角为37°，已知A、B两点之间的距离为2L，重力加速度为g，运动员在运动的过程中一直未离开斜面，细绳一直处于伸直状态，不计细绳与滑轮之间的摩擦，运动员与重物（均视为质点）总在同一竖直面内运动，，，下列说法正确的是（）A．运动员在A点时，重物的速度大小为B．运动员从A点运动到B点，重物重力势能的增加量为C．运动员从A点运动到B点，系统总重力势能的减小为D．运动员在B点时，其速度大小为二、多选题8．如图所示，平面内直线AB和CD垂直相交于O点，A、B关于O点对称，C、D关于O点对称，M是AO的中点，N是OB的中点，则下列说法正确的是（）

A．若将电荷量为+Q的点电荷放置在O点，则C、M、D、N四点的电场强度相同B．若将电荷量为+Q和-Q的点电荷分别放置在A点和B点，则M、N两点电场强度相同C．若在M点和N点分别放置等量同种点电荷，一电子从O点沿直线运动到C点的过程中所受静电力的大小是一直增大的D．若在M点和N点分别放置等量正点电荷，一电子从C点由静止释放，电子将在C、D间做往返运动9．如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个水平的等差等势面，相邻等势面间的距离均为2.5cm，已知B等势面，上的电势为零。一个电子从D等势面，上的P点以初动能Ek=20eV进入电场，刚好从N点离开电场，离开时，N点的动能为5eV，Ep表示电子在电场中的电势能。下列说法正确的是A．结合电子的运动轨迹和等势面可知，电子在该匀强电场中的受力方向水平向右B．该匀强电场的场强为200V/mC．该粒子经过等势面C时的动能为10eVD．该粒子从P到N的过程，10．在轴的坐标原点和轴负半轴上的点各固定一个点电荷，规定沿轴正向为电场强度的正方向，轴正半轴上电场强度随变化的关系如图所示。点横坐标，设无穷远处电势为零，则下列判断正确的是（）A．点的点电荷带正电，点的点电荷带负电B．两点的点电荷的电量之比为C．轴正半轴上，除无穷远处，电势为零的点在坐标原点与之间的某个位置D．轴正半轴上，处的电势随变化最慢三、实验题11．某同学要测量由某种导电材料制成的横截面积为的电阻丝的电阻率：(1)先用游标卡尺测量其长度，如图所示，其读数为__________mm。(2)再用多用电表粗测其阻值，选择欧姆“×10”挡位，发现指针偏转角度过大，故而将选择开关旋到挡位__________（填“×1”或“×100”）。接下来进行的操作是__________。A．直接测量

B．欧姆调零

C．机械调零(3)该同学采用伏安法更精确测量其阻值，除待测电阻丝外，实验室还备有的实验器材如下：电源E（电动势4.5V，内阻约2Ω）

电压表V（量程3V，内阻约3kΩ）电流表A（量程0.6A，内阻未知）

滑动变阻器R（阻值0~10Ω，额定电流1A）开关S

导线若干实验电路如图所示，用试触法时发现电压表示数变化较大，故应将电压表导线接在__________处（填“a”或“b”）。(4)通过该实验测得的金属丝电阻率与其真实值相比__________（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）12．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．待测干电池一节；B．电流表A：量程0-0.6A，内阻为0.6Ω；C．电压表V：量程0-3V，内阻未知；D．滑动变阻器R：0-20Ω；E.开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。在现有器材的条件下，为消除上述系统误差，尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。(1)实验电路图应选择下图中的__________（填“甲”或“乙”）。(2)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图所示的U-I图像。由此可知电池电动势__________V，干电池的内电阻__________Ω。（结果都保留到小数点后一位）四、解答题13．在如图所示电路中，电源电动势为，内阻未知，电流表的内阻不计，小灯泡的规格为“10V，10W”，电动机线圈电阻为。当开关S闭合时，小灯泡和电动机均正常工作，此时电流表示数为，求：(1)电源内阻；(2)电动机的输出功率；(3)电动机因故障不能转动时，通过电动机的电流是多大，电动机消耗的功率是多大。14．如图所示，质量为的小物块静置于水平台面的A点，在水平推力F的作用下沿直线运动至B点，AB的距离为，力F与物块运动位移x的大小关系如图所示。物块到达B点时水平飞出台面，同时撤去力F，物块恰好沿C点切线方向进入光滑竖直圆弧轨道，最后滑上传送带。圆弧轨道半径，圆心为O，D为轨道最低点，圆弧CD、DE对应的圆心角均为，且C、E两点等高，圆弧轨道与倾斜传送带相切于E点，传送带顺时针运转的速率，传送带轨道EF长度。已知物块与水平台间的动摩擦因数，与传送带间的动摩擦因数，取，，。求：(1)物块飞出B点时的速度大小；(2)物块从E端运动到F端的过程中产生的热量Q；(3)物块从E端运动到F端的过程中摩擦力对物块所做的功。15．某工厂生产的质量检测装置如图所示，该装置用于筛选合格的带电微粒产品。装置中的平行金属板（板长L=1m，间距d=0.2m构成水平检测通道，内部电路由电动势E=6V、内阻r=0.5Ω的电源，定值电阻R1=R2=3.5Ω，滑动变阻器（0~10Ω）和电流表（视为理想电表）组成。质量m=0.01kg、电荷量q=0.02C的待检带负电微粒以v0=20m/s的速度从左侧沿金属板中心线射入，能够沿直线匀速通过检测区的微粒视为合格品。取重力加速度大小g=10m/s2。(1)求检测通道间的电压UMN；(2)求电流表的示数I；(3)调节滑动变阻器接入电路的阻值，求当滑动变阻器消耗的功率最大时微粒穿过金属板的偏转位移大小y。

题号12345678910答案CBDDBCCBDBDAC11．(1)41.20(2)×1B(3)a(4)偏小【详解】（1）游标卡尺读数为（2）[1]发现指针偏转角度过大，说明电阻较小，应选择小挡位，故将选择开关旋到挡位×1；[2]换挡后需重新进行欧姆调零。故选B。（3）试触时电压表示数变化较大，说明电流表分压作用明显，应采用电流表外接法，故电压表接a;（4）根据电阻定律可得由于电压表分流，所以电流表读数偏大，所以电阻测量值偏小，则测得的电阻率偏小。12．(1)甲(2)1.50.4【详解】（1）电路图乙中电压表测量的是准确路端电压，但电流表测量的电流不包括电压表的分流，且电压表内阻未知，无法修正分流带来的误差，会导致系统误差，故不选乙；电路图甲中电流表测量的是通过电源的真实电流，但由于电流表内阻已知，我们可以把电流表看作电源内阻的一部分，从而可以修正得到真实的内阻，故选甲。（2）[1][2]根据结合题中图像有，其中，联立解得13．(1)(2)(3)，【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律可得其中，，，代入数据可得（2）流过灯泡的电流为则流过电动机的电流为则电动机的输出功率为（3）小灯泡的电阻为电动机因故障不能转动时，外电路电阻为则电路总电流为外电压为则通过电动机的电流为电动机消耗的功率为14．(1)4m/s(2)2J(3)9J【详解】（1）物块飞出平台时，由动能定理

其中

解得（2）物块从B到C做平抛运动，由几何关系得解得

由机械能守恒可知，因为，物块向上先做匀减速运动，由牛顿第二定律得解得

则到两者共速所需的时间代入数据解得

此阶段物块减速运动的位移为代入数据解得

此阶段传送带的位移为

故产生的热量

因为，物块共速后匀速向上运动，与传送带保持相对静止，没有热量再产生。（3）在物块匀减速阶段摩擦力做负功代入数据解得

物块共速后匀速向上运动，摩擦力由滑动摩擦力突变为静摩擦力，方向沿斜面向上，根据