四川省成都市实验高级中学2027届高二物理第一学期期中质量检测试题含解析

四川省成都市实验高级中学2027届高二物理第一学期期中质量检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，三个电阻R1、R2、R3的阻值相同，允许消耗的最大功率分别为10W、10W、4W，则此电路允许消耗的最大功率为（）

A．12W B．15W C．16W D．24W2、图甲所示，水平放置的接地金属板正上方有一固定的正电荷Q，一表面绝缘的带正电小球（可视为质点且不影响Q的电场），从左端以初速度v滑上金属板的上表面，金属板上表面光滑，则小球在向右运动到右端的过程中（已知如图乙所示的接地金属板与点电荷之间的电场分布与图丙中虚线右侧的电场分布是一样的）A．先加速运动，后减速运动 B．先减速运动，后加速运动C．受的电场力不做功 D．受的电场力的冲量为零3、如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触．把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开A．此时A带正电，B带负电B．此时A、B带负电C．移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D．先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合4、通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为2I，则在时间t内产生的热量为（）A．2QB．4QC．6QD．8Q5、关于电场下列说法正确的是（）A．电场是为了便于研究物体的运动而引入的理想模型B．只要有电荷就有电场C．电场力的方向就是电场强度的方向D．电场强度的大小和电荷所受的电场力的大小成正比6、某电视台在讲解围棋棋局节目中，铁质的棋盘竖直放置，每个棋子都是一个小磁铁，能吸在棋盘上。不计棋子间的相互作用力。对其中某一棋子，下列说法正确的是A．棋子共受三个力作用B．棋子对棋盘的压力大小一定等于其所受重力的大小C．棋子的磁性越强，棋子所受的摩擦力越大D．减小棋子的质量，棋子所受的摩擦力减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、电阻R1、R2、R3串联在电路中。已知R1=11Ω、R3=5Ω，R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，则（）A．电阻R2的阻值为21ΩB．电路中的电流为1．6AC．三只电阻两端的总电压为18VD．三只电阻两端的总电压为21V8、在竖直平面内有一电场强度大小为E的匀强电场,将一个质量为m、电量为q的带电小球由静止开始释放,带电小球沿与竖直方向成θ角做直线运动．关于带电小球的电势能ε

和机械能Ep的判断,正确的是()A．若θ<90°且，则ε、Ep一定不变B．若45°<θ<90°且，则ε可能减小、Ep可能增加C．若0°<θ<45°且，则ε可能增加、Ep一定减小D．若0°<θ<45°且，则ε可能减小、Ep可能增加9、如图所示，是一独立正点荷形成电场中的一条电场线，线段AB=BC，则A．电场强度比较是EA＞EBB．电势比较是φA＜φBC．电势差比较是UAB＞UBCD．检验电荷沿AC方向移动电场力不做功10、关于匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动是匀速运动B．匀速圆周运动是变速运动C．匀速圆周运动是线速度不变的运动D．匀速圆周运动是线速度大小不变的运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中：(1)若根据实验数据作出如图1所示的图象，则该电池的电动势E=____V；内阻r=____Ω．(2)若实验电路如图2所示，由于电压表、电流表均不是理想电表，则测量结果，电源电动势的测量值将____真实值，内阻的测量值将_____真实值．（填“大于”、“等于”、“小于”）(3)请根据电路图在图3中连接实物图______．12．（12分）如图为某实验小组验证动量守恒的实验装置示意图。(1)若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2；则m1_____m2、r1_____r2(填“大于”、“等于”或者“小于”)；(2)为完成此实验，所提供的测量工具中必需的是_____（填下列对应的字母）。A．刻度尺B．游标卡尺C．天平D．弹簧秤E．秒表四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示,定值电阻、,电容,电源电动势、内阻若电路稳定时,理想电流表的读数,试求：（1）电阻的阻值；（2）电容C的电量．14．（16分）如图所示，半径为R的环形塑料管竖直放置，AB为该环的水平直径，且管的内径远小于环的半径，环的AB及以下部分处于水平向左的匀强电场中，管的内壁光滑。现将一质量为m，带电荷量为+q的小球从管中A点由静止释放，已知qE=mg。求：（1）小球释放后，第一次经过最低点D时的速度和对管壁的压力；（2）小球释放后，第一次经过最高点C时管壁对小球的作用力。15．（12分）空间有一静电场，在x轴上的电场方向竖直向下，轴上的电场强度大小按E＝kx分布（x是轴上某点到O点的距离），如图所示。在O点正下方有一长为L的绝缘细线连接A、B两个均带负电的小球（可视为质点），A球距O点的距离为L，两球恰好静止，细绳处于张紧状态。已知A、B两球质量均为m,B所带电量为-q，k，不计两小球之间的静电力作用。（1）求A球的带电量；（2）画出A球所受电场力F与x的图像；剪断细线后，A球向上运动，求A球运动的最大速度vm；（提示：借助F-x图像可以确定电场力做功的规律）（3）剪断细线后，求B球的运动范围。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

由题意知R1=R2=R3=R，P1=10W，P2=10W，P3=4W，因为R2与R3并联，则两端电压相等，所以由公式知道R2与R3所消耗的功率一样，所以R2、R3在电路中允许最大功率只能是4W，否则会超过R2的允许功率；把R2与R3看成一个并联电阻R′，则电路就是R1与R′串联，而串联电路所流过的电流一样，由知道，R1与R′所消耗功率之比等于，所以R1上消耗的功率是并联电阻R′上的两倍，如果R2、R3的功率都为4W，则R′的功率就是4W+4W=8W，则R1的功率是2×8W=16W，这样就大于10W，显然不可以；所以只能是R1功率为10W，则R′是R1的功率一半就是5W，而R2与R3的消耗功率一样,所以R2与R3的消耗功率均是R′的一半，为2.5W，最后计算R1功率为10W，则R2为2.5W，R3为2.5W，所以总功率最大为10W+2.5W+2.5W=15W，故B正确，A、C、D错误；故选B．2、C【解析】

在金属板表面所形成的电场的电场线垂直于金属板表面，其表面为等势面，故射入的正电荷所受的电场力始终竖直向下，电场力不做功，因此小球做匀速直线运动，故C正确、AB错误；电场力做功为零，电场力的冲量Ft并不为零，故D错误．故选C．本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面．在等势面上移动电荷电场力不做功．3、C【解析】

带正电的物体C靠近A附近时，由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电，故AB错误；移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合，故C正确；先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开，故D错误．4、D【解析】

根据公式Q=I2Rt可得：当通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q=I2Rt，当若电阻为2R，电流强度为2I，则在时间t内产生的热量为Q故选D。关键是正确掌握焦耳定律公式Q=I5、B【解析】

电场是实际存在的物质，不是理想化模型，故A错误；电荷的周围存在电场，故B正确；电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反，故C错误；电场强度的大小由电场本身的性质决定，与放入电场中的电荷以及电荷所受的电场力无关，故D错误。所以B正确，ACD错误。6、D【解析】

A．小棋子受到重力、棋盘面的吸引力、弹力和静摩擦力，共四个力作用，故A错误；B．棋子对棋盘的压力大小与重力无关，与棋盘对棋子的吸引力大小相等，故B错误；C．根据竖直方向上二力平衡知：即摩擦力与磁性强弱无关，故C错误；D．根据竖直方向上二力平衡知：减小棋子的质量，棋子所受的摩擦力减小，故D正确。故选D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

A、根据欧姆定律得：R2=U2B、串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律得I=U1R1=C、D、电阻R3电压为：U3=IR3=1.6A×5Ω=3V；总电压U=U1+U2+U3=6+12+3=21V；故C错误，D正确.故选ABD.本题考查了串联电路电压、电流特点和欧姆定律的应用.8、AD【解析】

A．若θ＜90°且时，运用三角形定则作出力的合成图如左图所示，可知电场力qE与合力F合垂直，则电场力与速度方向垂直，电场力不做功，ε、Ep一定不变，故A正确．B．若45°＜θ＜90°且时，则电场力大于重力，电场力与合力成锐角，电场力一定做正功，则ε一定减小、Ep一定增加，故B错误．CD．若0＜θ＜45°且时，则电场力小于重力，电场力与合力可能成锐角，也可能成钝角，如右图所示．电场力可能做正功，也可能做负功，所以电势能ε可能减小，机械能Ep增大；也可能电势能ε增大，机械能Ep减小；故C错误，D正确．9、AC【解析】试题分析：根据正点电荷电场线的分布规律可知，A点电场线较密集，则电场强度比较是EA＞EB，选项A正确；顺着电场线电势降低，故φA＞φB，选项B错误；因靠近A的一段电场线较密集，则根据U=Ed可知电势差比较是UAB＞UBC，选项C正确；检验电荷沿AC方向移动由于受向左或向右的电场力作用，故电场力做功，选项D错误；故选AC.考点：电场线、电场强度、电势差.10、BD【解析】

匀速圆周运动的速度大小不变，方向时刻改变，是变速运动，故A错误B正确；匀速圆周运动的速度大小不变，方向时刻改变，是速率不变的运动，故C错误，D正确．所以D正确，三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）1.500.5或0.50（2）小于、小于（3）见解析；【解析】(1)由图1所示电源U−I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.50V，电源电动势E=1.50V；电源内阻r=△U/△I=（1.5−1.0）/1.0=0.50Ω．(2)由图2所示电路图可知，相对于电源来说电流表采用外接法，由于电压表分流作用，使所测电流小于电流的真实值，造成了实验误差；当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，电源的U−I图象如图所示：由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值；图线的斜率等于内阻，由图象可知，电源内阻测量值小于真实值．(3)根据图2所示实验电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：点睛：电源U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；根据实验电路图及误差来源分析实验误差；根据电路图连接实物电路图．12、大于等于AC【解析】

(1)[1][2]在小球碰撞过程中，水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2假设碰撞为弹性的，则碰撞过程中机械能守恒解得则要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1—m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2。(2)[3]小球碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2小球离开斜槽后做平抛运动，由于抛出点高度相等，小球做平抛运动的时间t相等，则有m1v0t=m1v1t+m2v2t则有m1x0=m1x1+m2x2故实验需要测量：小球质量与小球做平抛运动的水平位移，测质量需要天平，测小球水平位移需要用刻度尺，故选AC。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）5.4×10-5C【解析】

(1)根据并联电路的特点得：R3的电压U3=I2R2=0.4×15V=6V根据闭合电路欧姆定律得：电路中总电流，通过R3的电流I3=I-I2=0.6A-0.4A=0.2A所以可得：(2)电容器板间电压等于R1的电压，为UC=IR1=0.6×9V=5.4V故电容C的电量Q=CUC=10×10-6×5.4C=5.4×10-5C14、（1）；对管壁的压力大小为5mg，方向向下。（2）mg，方向向上【解析】

（1）小球从A至D点过程，由动能定理得又qE=mg解得在D点，由牛顿第二定律得解得FN=5mg由牛顿第三定律可知，小球经过最