2027届北京市北师大二附中高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

2027届北京市北师大二附中高二物理第一学期期中复习检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列情况中的速度，属于平均速度的是A．刘翔在110米跨栏时冲过终点线时的速度为9.5m／sB．由于堵车，汽车在通过隧道过程中的速度仅为1.2m／sC．返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m／sD．子弹射到墙上时的速度为800m／s2、如图所示描述了封闭在某容器里的理想气体在温度和下的速率分布情况，下列说法正确的是（）A．B．随着温度升高，每一个气体分子的速率都增大C．随着温度升高，气体分子中速率大的分子所占的比例会增加D．若从到气体的体积减小，气体一定从外界吸收热量3、如图所示，把长为L的导体棒悬挂在水平方向的匀强磁场中，磁感应强度为B，当导体棒中通以方向向左的电流I时，导体棒受到的安培力大小和方向分别是A．大小为BIL，方向竖直向上B．大小为BIL，方向竖直向下C．大小为，方向竖直向上D．大小为，方向竖直向下4、一架质量为5t的飞机，在跑道上以的加速度加速滑行，则这架飞机受到的合外力大小为A．B．C．D．5、如图所示，四个点电荷所带电荷量的绝对值均为Q，分别固定在正方形的四个顶点上，正方形边长为a，则正方形两条对角线交点处的电场强度()A．大小为，方向竖直向上 B．大小为，方向竖直向上C．大小为，方向竖直向下 D．大小为，方向竖直向下6、关于分子电流，下面说法中正确的是[]A．分子电流假说最初是由法国学者法拉第提出的B．分子电流假说揭示了磁铁的磁场与电流的磁场具有共同的本质，即磁场都是由电荷的运动形成的C．“分子电流”是专指分子内部存在的环形电流D．分子电流假说无法解释加热“去磁”现象二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（不计P、Q的重力以及它们间的相互作用），则从开始射入到打到上极板的过程，下列说法中正确的是A．它们运动的时间相等B．它们所带的电荷量之比qP：qQ=1：2C．它们的电势能减小量之比△EP：△EQ=1：2D．它们的电场力做功之比WP：WQ=2：18、标有“6V6W”和“6V3W”的灯泡L1和L2串联接在某电源上，设灯丝电阻不变，则()A．通过灯L1、L2的电流之比为2∶1B．灯L1、L2的实际功率之比为1∶2C．电源电压为12V时，灯L1、L2均正常发光D．电源电压为9V时，灯L2正常发光9、如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c为电场中的三点，实线PQ为M、N连线的中垂线，a、b两点关于MN对称，a、c两点关于PQ对称，已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时，试探电荷的电势能减小，则以下判定正确的是()A．M点处放置的是负电荷B．a点的场强与c点的场强完全相同C．a点的电势高于c点的电势D．若将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，则电场力先做负功，后做正功10、光滑绝缘的水平面上M、N两点各放一电荷量分别为+q和+2q，完全相同的金属球A和B，给A和B以大小相等的初动能E0（此时动量大小均为p0）使其相向运动刚好能发生碰撞，碰后返回M、N两点时的动能分别为E1和E2，动量大小分别为p1和p2，则A．E1=E2=E0,p1=p2=p0B．E1=E2＞E0,p1=p2＞p0C．碰撞发生在M、N中点的左侧D．两球不同时返回M、N两点三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在测定金属的电阻率的实验中，用螺旋测微器测量金属导线直径d，如右图所示，则d=____________mm．12．（12分）为描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验室备有下列器材：A．小灯泡（额定电压约为2.5V，额定电流约为500mA）B．电流表A1（量程0~0.6A，内阻约为0.5Ω）C．电流表A2（量程0~3A，内阻约为0.1Ω）D．电压表V（量程0~3V，内阻约为10kΩ）E．滑动变阻器R1（0~10Ω，2A）F．滑动变阻器R2（0~100Ω，1.5A）G．直流电源E（电动势为3V，内阻不计）H．开关、导线若干（1）实验中电流表应选用_____，滑动变阻器应选用___（以上均填器材代号）；（2）在尽量提高测量精度的情况下，根据以上器材，用笔画线代替导线将图中实物图补充完整；（_______）（3）在实验中用电流表和电压表测得数据并记录在下表中，请根据表格中的数据在如图所示方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线；（______）U/V00.51.01.52.02.5I/A00.170.300.390.450.49（4）将一个电动势为2.0V，内阻为4Ω的电源直接接在该小灯泡的两端，则该小灯泡的实际功率为________W（结果保留2位有效数字）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一对带电平行金属板A、B与竖直方向成角放置，两板间的电势差。B板中心有一小孔正好位于平面直角坐标系xoy的坐标原点O点，y轴沿竖直方向。现有一带负电的粒子P，其比荷为，从A板中心处静止释放后，沿垂直于金属板的直线进入x轴下方第四象限的匀强电场E中，该匀强电场方向与A、B板平行且斜向上。粒子穿过电场后，从Q点（0，-2）离开电场（Q点图中未标出），粒子的重力不计。试求：(1)粒子从O点进入匀强电场时的速度v0；(2)匀强电场的场强E的大小。14．（16分）如图，在平面直角坐标系xOy内，第I象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第IV象限以ON为直径的半圆形区域内，存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，自y轴正半轴上处的M点，以速度垂直于y轴射入电场。经x轴上处的P点进入磁场，最后垂直于y轴的方向射出磁场。不计粒子重力。求：电场强度大小E；粒子在磁场中运动的轨道半径r；粒子在磁场运动的时间t。15．（12分）如图所示,一质量为m的带电小球,用长为L的不可伸长的绝缘细线悬挂在水平向右、场强大小为E的匀强电场中,静止时悬线与竖直方向成θ=37∘°角(sin37=0.6,cos3=0.8,重力加速度为g)(1)小球的电性及所带电荷量的大小;(2)如果保持小球的电量不变,在纸面内调整电场的大小和方向,使小球仍保持在图示位置静止,则电场强度最小为多少?方向如何?(3)若电场强度大小保持(2)中不变,突然将电场的方向变为竖直向上,空气阻力不计,则小球运动到悬点正下方的速度大小.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A．刘翔在110米跨栏时冲过终点线时的速度为9.5m/s是瞬时速度，选项A错误；B．由于堵车，汽车在通过隧道过程中的速度仅为1.2m／s是指平均速度，选项B正确；C．返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m／s是指瞬时速度，选项C错误；D．子弹射到墙上时的速度为800m/s是瞬时速度，选项D错误．2、C【解析】

A．由图可知，b的分子的速率较大的分子数比较多，则b的分子的平均动能一定比较大，由于温度是分子的平均动能的标志，所以，故A错误；BC．温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，温度升高时，气体分子中速率大的分子所占的比例会增加，但不是每一个气体分子的速率都增大，故B错误，C正确；D．从到气体的体积减小，则外界对气体做正功；结合可知气体的内能增大；而做功与热传递都可以改变物体的内能，所以从到气体的体积减小，气体不一定从外界吸收热量，故D错误．故选C．3、B【解析】

根据安培力的概念可知，导体棒所受的安培力大小为BIL，根据左手定则可知方向竖直向下，选项B正确．4、D【解析】

根据牛顿第二定律直接列式求解即可；【详解】根据牛顿第二定律得：，故D正确，ABC错误．本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，难度不大．5、C【解析】

四个点电荷中处于对角线上的两个正负点电荷产生的电场强度的方向沿对角线方向且由正电荷指向负电荷，四个点电荷中任意一个点电荷在对角线交点处产生的电场强度大小为，根据叠加原理，正方形两条对角线交点处的电场强度，方向竖直向下.故C正确，ABD错误．故选C6、B．【解析】分子电流假说最初是由安培提出来的，A错误，“分子电流”并不是专指分子内部存在环形电流的，分子电流假说揭示了磁铁的磁场与电流的磁场具有共同的本质，即磁场都是由电荷的运动形成的，所以C错误B正确，加热去磁现象可以根据分子电流假说解释，构成磁体的分子内部存在一种环形电流——分子电流通常情况下磁体分子的分子电流取向是杂乱无章的，它们产生的磁场互相抵消，D错误思路分析：根据分子电流假说的内容分析试题点评：了解物理学发展历史，不仅能做好这类题，也能帮助我们历史地去看待科学的发展进程．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由x=vt得知，运动的时间相等，故A正确；平行电场方向受到电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：y=12at2，解得：a=2yt2…①，

根据牛顿第二定律，有：qE=ma…②，由①②两式解得：q=2myEt2，所以它们所带的电荷量之比qP：qQ=1：2，故B正确；根据动能定理，有：qEy=△Ek，而：qP：qQ=1：2，yP：yQ=1：2，所以电场力做功之比WP：WQ=1：4，它们的电势能减小量之比8、BD【解析】

A、两灯串联，则流过灯泡的电流相等，故A错误；B、两灯的电阻分别为6Ω和12Ω；两灯串联，电流相等，则功率之比等于电阻之比；故实际功率之比为1:2，故B正确；C、当电压均为12V时，两灯分压之比为1:2，则L1中电压为4V，故L1不能正常发光，故C错误；D、电压为9V时，L1中电压为3V，L2两端电压为6V，故L2正常发光，故D正确；故选BD。根据串并联电路的规律可明确电流关系；再由欧姆定律可分析电压关系；根据电压分析是否能达到额定功率。9、CD【解析】

根据正电荷在电势高处电势能大，判断电势高低，即可确定M处电荷的电性；根据电场线的分布情况，分析场强关系；由电势的高低，判断电场力对正电荷做功正负。【详解】A、C项：因正电荷由a到c电势能减小，则电场力做正功，则电势降低，故c点电势低于a点电势，则M点为正电荷，故A错误，C正确；B项：a点与c点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故B错误；D项：将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，根据等势线分布图可知，电势先升高后降低，则电势能先增大后减小，电场力先做负功、后做正功，故D正确。故应选：CD。在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握。10、BD【解析】试题分析：由动量观点看，系统动量守恒，两球的速度始终等值反向，也可得出结论：两球必将同时返回各自的出发点，且两球末动量大小和末动能一定相等．从能量观点看，两球接触后的电荷量都变为1．5q，在相同距离上的库仑斥力增大，返回过程中电场力做的正功大于接近过程中克服电场力做的功，系统机械能必然增大，即末动能增大，故A错误B正确；由牛顿定律的观点看，两球的加速度大小始终相同，相同时间内的位移大小一定相同，必然在连线中点相遇，又同时返回出发点．故C错误D正确．考点：考查了动量守恒定律，库仑定律【名师点睛】当两个完全相同的金属小球相接触时，若是同种电荷则是平均分配；若是异种电荷则是先中和再平均分配．由动量观点看，系统动量守恒，返回过程中电场力大于接近过程中电场力，根据动能关系求解．由牛顿定律的观点看，两球的加速度大小始终相同，运用运动学知识求解．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.959—0.961mm【解析】

螺旋测微器的读数方法：①先读固定刻度②再读半刻度，若半刻度线已露出，记作0.5mm；若半刻度线未露出，记作0.0mm；③再读可动刻度（注意估读）．记作n×0.01mm；④最终读数结果为固定刻度+半刻度+可动刻度．固定可得读数为：0；半刻度读数为：0.5mm；可动刻度读数为：0.01mm×46.0=0.960mm，故读数为：0.960mm12、A1R10.24（0.22-0.27）【解析】

(1)[1][2]灯泡额定电流为500mA=0.5A，电流表应选A1，在保证安全的前提下，应选最大阻值较小的滑动变阻器，因此滑动变阻器应选R1；(2)[3]由题意可知，电流与电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：(3)[4]根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象，图象如图所示(4)[5]在灯泡I-U图象坐标系内作出电源的I-U图象如图所示由图示图象可知，灯泡两端电压：U=0.87V，通过灯泡的电流I=0.28A，灯泡实际功率：P=UI=0.87×0.28≈0.24W四、计算题：本题共3