2027届贵州省仁怀四中物理高二第一学期期中综合测试模拟试题含解析

2027届贵州省仁怀四中物理高二第一学期期中综合测试模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个物块在与水平方向成、大小为10N的拉力F作用下，沿水平面向右运动一段距离已知，，在此过程中，拉力对物块做的功为A．16J B．10J C．8J D．6J2、下列说法正确的是()A．点电荷一定是电量很小的电荷B．电场线是假想曲线，实际不存在C．电场强度的方向就是电荷所受电场力的方向D．根据可知，电容器的电容C与电量Q成正比、与电压U成反比3、如图所示的电路中，U=120V，R1=100Ω，R2=200Ω，则a、b两端的电压为（）A．60V B．40V C．80V D．120V4、物理学中建立概念运用许多科学方法，下列概念的建立有三个用到了“等效替代”的方法，有一个不属于这种方法，这个概念是（）A．重心 B．点电荷 C．合力 D．总电阻5、汽车“超载”“超速”是造成高速公路交通事故的主要原因。下列说法正确的是（）A．“超载”会减小汽车的惯性B．“超载”会增大汽车的惯性C．“超速”会增大汽车的惯性D．“超速”会减小汽车的惯性6、如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度vM经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度vN折回N点．则A．粒子受电场力的方向一定由M指向N B．粒子在M点的速度一定比在N点的大 C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大 D．电场中M点的电势一定高于N点的电势二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，G为灵敏电流计，A为理想电流表．开关S闭合后，电容C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，则以下说法正确的是A．在滑动变阻器触头向上移动的过程中，A表的示数变大，油滴仍然静止，G中有方向由a至b的电流B．在在滑动变阻器触头向上移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动，G中有方向由b至a的电流C．在滑动变阻器触头向下移动的过程中，A表的示数变大，油滴向上加速运动，G中有由a至b的电流D．将开关断开，A表的示数立即为零，油滴开始向下运动，G中有由a至b的电流8、电阻R1、R2、R2串联在电路中．已知R1=11Ω、R2=5Ω，R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，则()A．电路中的电流为1．6AB．电阻R2的阻值为21ΩC．三只电阻两端的总电压为21VD．电阻R2消耗的电功率为2．6W9、如图所示，实线是匀强电场的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，则由此图可作出的正确判断是（）A．带电粒子带负电B．带电粒子带正电C．带电粒子所受电场力的方向向右D．带电粒子做匀变速运动10、如图所示，匀强磁场分布在半径为R的圆形区域MON内，Q为半径ON上的一点且OQ＝R，P点为边界上一点，且PQ与OM平行．现有两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场(不计粒子重力及粒子间的相互作用)，其中粒子1从M点正对圆心射入，恰从N点射出，粒子2从P点沿PQ射入，下列说法正确的是()A．粒子2一定从N点射出磁场B．粒子2在P、N之间某点射出磁场C．粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为3∶2D．粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为2∶1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）要测量一个由新材料制成的均匀圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图甲，可知其直径D为_________mm；用游标卡尺测量其长度如图乙，可知其长度L为_________cm；（2）选用多用电表的欧姆挡的“×1”挡，按正确的操作步骤测量圆柱体的电阻，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值约为____Ω；（3）为更精确地测量其电阻，要求用伏安法测电阻，可供选择的器材：电流表A1（量程0~300mA，内阻约2Ω）；电流表A2（量程0~150mA，内阻约10Ω）；电压表V1（量程0~1V，内阻r=1000Ω）；电压表V2（量程0~15V，内阻约为3000Ω）；定值电阻R0（内阻为2000Ω）；滑动变阻器R1（最大阻值5Ω）；滑动变阻器R2（最大阻值1000Ω）；电源E（电动势约为4V，内阻r约为1Ω）；开关，导线若干．为了使测量尽量准确，测量时电表读数不得小于其量程的1/3，电压表V2量程太大，电压表V1量程太小，因此可以把电压表V1与定值电阻R0____联（填“串”或“并”）改装成新电压表，则新电压表量程为________，然后再进行实验；电流表应选_________，滑动变阻器应选___________（选填代号）（4）若某次调节滑动变阻器后电压表V1读数为U，电流表读数为I，则此圆柱体材料的电阻率ρ=_________（用题中给出的字母代号表示）；若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ＝__________（保留2位有效数字）．12．（12分）某同学在实验室找到了一个小灯泡(额定电压3.8V，额定功率2W)，该同学打算描绘该灯泡的伏安特性曲线，并测定其在额定电压下的实际功率，看看是否等于标称的额定功率。他在实验室还找到了如下的实验器材：A．电压表(量程3V，内阻约6kΩ)B．电压表(量程6V，内阻约30kΩ)C．电流表(量程0.6A，内阻约0.5Ω)D．电流表(量程3A，内阻约0.1Ω)E．滑动变阻器(阻值范围0~5Ω，额定电流为2.0A)F．滑动变阻器(阻值范围0~100Ω，额定电流为0.3A)G．蓄电池组(电动势E=6V，内阻很小)H．开关、导线若干。（1）为了提高实验的精度，电压表选_______；电流表选_______；滑动变阻器选______。（填写器材前面的字母序号，如：A、B、C……）（2）该同学共设计了四个实验电路图A、B、C、D，如图甲所示。请你帮他选择最佳的实验电路设计方案________。（3）根据所选的实验电路，将器材连接成实物图后进行实验，通过实验得到如下数据(I和U分别表示电学元件上的电流和电压)。I/A00.100.200.310.380.440.47…U/V00.501.001.502.002.503.00…根据实验数据作出小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示。请根据图象求出该灯泡在额定电压下的实际功率为_________W。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）质量为M、半径为R的某星球可视为均匀球体，一宇航员在该星球表面，从距水平地面高h处，将一小石子水平抛出，测得小石子落地点与抛出点之间的距离为L，已知引力常量为G，求：(1)该星球表面的重力加速度大小g；(2)小石头水平抛出的初速度大小。14．（16分）质子（11H）和α粒子（24（1）粒子具有相同的初动能；（2）粒子具有相同的初动量。15．（12分）如图足够长的固定斜面倾角θ=37°。一个物体以v0=4m/s的初速度从斜面A点处沿斜面向上运动。物体与斜面间的动摩擦因数为μ=0.25。（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：（1）物体沿斜面上滑时的加速度；（2）物体沿斜面上滑的最大距离；（3）物体从最高点返回到A点时的速度大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】物体的位移是在水平方向上的，把拉力F分解为水平的，和竖直的，由于竖直的分力不做功，所以拉力F对物块所做的功即为水平分力对物体做的功，所以有：

，故选项C正确，ABD错误。点睛：分析题目中给出的已知量；根据功的定义，力与力方向上的位移的乘积，直接计算即可。2、B【解析】解：A、点电荷是忽略形状大小的带电物体，不一定带电量小，A错误B、电场线是假想曲线，实际不存在，B正确C、电场强度的方向就是正电荷所受电场力的方向，C错误D、电容C与电容器本身有关于Q、U无关3、C【解析】

由电路图知两电阻串联，得a、b两端的电压为故选C。4、B【解析】重心、合力、总电阻都应用到了等效替代的方法，而点电荷属于理想模型，是理想模型法，B正确．5、B【解析】

质量是惯性的唯一量度，质量越大惯性越大，与汽车的速度无关，则“超载”会增大汽车的惯性，故B正确，ACD错误。6、B【解析】

由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，带电粒子从M点运动到N点的过程中，电场力做负功，动能减小，电势能增加，AC错误，B正确；由于题中未说明带电粒子及两极板的电性，故无法判断M、N两点的电势高低，选项D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】粒子原来处于平衡状态,重力和静电力平衡；电容器与电阻R2、滑动变阻器R并联后与R1串联．AB.触头向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，则A表的示数变小，电容器两端电压为：U=E−I(r+R1)，故电容器两端电压变大，带电量变大，G中有由b至a的电流，电场力变大，粒子向上加速，故A错误，B正确；C.触头向上移动，电阻R变小，电路总电阻变小，电流变大，则A表的示数变大，电容器两端电压为：U=E−I(r+R1)，故电容器两端电压变小，带电量变小，G中有由a至b的电流，电场力变小，粒子向下加速，故C错误；D.将开关断开，A表的示数立即为零，电容器将通过R和R2放电，两板间电压减小，油滴开始向下运动，G中有由a至b的电流，故D正确．故选BD点睛：电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片移动，根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况，以及电容器的充放电情况．．8、ABC【解析】因为三个电阻是串联在一起的，所以电路中的电流与通过R1的电流是相等的，所以,故电阻R2的阻值,两端的电压为,所以三只电阻两端的总电压为,电阻消耗的电功率为,所以ABC正确．9、ACD【解析】

根据轨迹的弯曲得出电场力的方向，从而得出带电粒子的电性．根据粒子的受力确定粒子的运动情况．【详解】因为轨迹的凹向大致指向合力的方向，知粒子所受电场力方向水平向左，则粒子带负电．故A正确，BC错误．粒子仅受电场力，做匀变速曲线运动．故D正确．故选AD．解决本题的关键知道轨迹的凹向大致指向合力的方向，这是解决本题的关键，知道正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与电场强度方向相反.10、AD【解析】

粒子1从M点正对圆心射入，恰从N点出，根据洛仑兹力指向圆心，和MN的中垂线过圆心，可确定圆心O1，运动轨迹为蓝色圆弧，其半径R．两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场，粒子运动的半径相同．粒子2从P点沿PQ射入，根据洛仑兹力指向圆心，圆心O2应在P点上方R处，连接O2P、ON、OP、O2N，O2PON为菱形，O2N大小为R，所以粒子2一定从N点射出磁场．A正确，B错误．∠MO1N=90°；∠PO2N=∠POQ，cos∠POQ=OQ/OP，所以∠PO2N=∠POQ=45°．两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场，粒子运动的周期相同．粒子运动时间与圆心角成正比．所以粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为2：1．C错误，D正确．故选AD．本题关键是要画出粒子运动的轨迹草图，对数学有一定要求，同时还需掌握确定圆心的方法，粒子运动时间在磁场中运动时间的方法．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、22串【解析】

(1)螺旋测微器：不动刻度为mm，可动刻度为15.0×0.01mm，则读数为2mm+15.0×0.01mm=2.150mm；游标卡尺是20分度的卡尺，其分度值为0.05mm，则图示读数为：60mm+3×0.05mm=60.15mm=6.015cm；(2)欧姆表表盘读数为22.0Ω，倍率为×1，故欧姆表读数为22.0Ω；(3)电压表V1内阻r=1000Ω，量程0～1V，偏小，需要串联分压电阻R0，内阻为2000Ω，故电压表量程增加为3V；最大电流：,，故电流表选择A2，为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，选择小电阻电压线性好，故选择R1．(4)由公式，电阻定律：，其中解得：，由题意可知，．12、BCEC1.9【解析】

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