山西省运城市新绛县第二中学2027届物理高二上期中统考试题含解析

山西省运城市新绛县第二中学2027届物理高二上期中统考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、小明家的保险丝突然熔断，以下原因不可能的是A．家用电器的总功率过大B．导线绝缘皮损坏，火线、零线直接接触，造成短路C．灯座里的电线发生短路D．火线断路2、使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是()A． B． C． D．3、下列关于物体动量和冲量不正确的是（）A．物体动量增量的方向，就是它所受冲量的方向B．物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大C．物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变D．物体所受合外力越大，他的动量变化就越快4、下列关于时间和时刻的表述中，表示时刻的是（）A．学校早晨7：50开始上课B．刘翔110m栏的成绩是12.91sC．小明从家步行到学校需要10minD．小林在井口释放一块小石块，经2s听到石块落水的声音5、如图所示，小车内用一轻绳和轻弹簧栓接一小球，当小车和小球相对静止一起在水平面上运动时，轻弹簧沿竖直方向，细绳与竖直方的夹角为角，忽略空气阻力，则下列说法中正确的是A．小车的加速度一定水平向右B．细绳对小球的拉力一定为C．细绳不一定对小球有拉力作用，轻弹簧对小球不一定有弹力D．细绳不一定对小球有拉力作用，轻弹簧对小球一定有弹力6、如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。若A、B间距为L，C是AB的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g。则下列判断正确的是A．从A至B，q先做匀加速运动，后做匀减速运动B．在B点受到的库仑力大小是mgsinθC．Q产生的电场中，A、B两点间的电势差大小为U=mgLD．在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器．先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变．则下列说法正确的是（）A．电容器的电容变小B．电容器内部电场强度大小变大C．电容器内部电场强度大小不变D．P点电势升高8、如图所示，E为电池，L是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2是两个规格相同且额定电压足够大的灯泡，S是控制电路的开关．对于这个电路，下列说法正确的是A．刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小相等B．刚闭合开关S的瞬间，通过D1的电流小于通过D2的电流C．闭合开关S到电路达到稳定，D1逐渐熄灭，D2比原来更亮D．电路达到稳定后将开关S断开，D2立即熄灭，D1闪亮一下再熄灭9、关于静电场，下列说法正确的是（）A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势一定为零C．同一电场线上的各点，电势一定不相等D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加10、在如图(a)所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示，则A．图线甲是电压表V2示数随电流变化的图线B．图线甲延长线与U轴交点的纵坐标数值上等于电源的电动势C．电源的最大输出功率为3.6WD．滑动变阻器R2的最大功率为0.9W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）①某同学为了测量某阻值约为5Ω的金属棒的电阻率，进行了如下操作：分别使用10分度游标卡尺和螺旋测微器测量金属棒的长度L和直径d，某次测量的示数如题图1和题图2所示，长度L=______mm，直径d=______mm．②现备有下列器材：待测金属棒：Rx（阻值约5Ω）；电压表：V1（量程3V，内阻约3kΩ）；V2（量程15V，内阻约9kΩ）；电流表：A1（量程0.6A，内阻约0.2Ω）；A2（量程3A，内阻约0.05Ω）；电源：E1（电动势3V，内阻不计）；滑动变阻器：R1（最大阻值约20Ω）；R2（最大阻值约1000Ω）；开关S；导线若干．若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______（均选填器材代号）．正确选择仪器后请在图3中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接_________．用伏安法测得该电阻的电压和电流，并作出其伏安特性曲线如图4所示，若图象的斜率为k，则该金属棒的电阻率ρ=______．（用题目中所给各个量的对应字母进行表述）12．（12分）（1）如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为__________mm；如图2，用20分度游标卡尺测金属棒长度为____________cm。（2）某同学为了测定一只电阻的阻值，先用多用电表粗测：多用电表电阻档有4个倍率：分别为×1k、×100、×10、×1。该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大（指针位置如下图中虚线所示，实线为换挡后指针所指位置）。为了较准确进行测量，应该选择档位______________________________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）A、B是地球的两颗卫星，其轨道半径分别为RA和RB，某时刻B卫星正好位于A卫星的正上方，如图所示。已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g。(1)求这两颗卫星的周期。(2)至少经过多长时间，B卫星再次运动到A卫星的正上方?14．（16分）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机线圈的电阻R=0.5Ω，开关S1始终闭合．当开关S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当开关S2闭合时，电阻R1两端的电压为84V，求：（1）电源的内电阻；（2）当开关S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．15．（12分）如图所示，已知电源电动势E=20V，内阻r=1Ω，当接入固定电阻R=4Ω时，电路中标有“3V6W”的灯泡L和内阻r′=0.5Ω的小型直流电动机均恰能正常工作，求：⑴电路中的电流强度；⑵电动机的输出功率；⑶电源的效率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

根据“保险丝突然熔断，以下原因不可能的是”可知，本题考查了电流过大的原因和保险丝熔断的原因，根据保险丝熔断的原因是电路中电流过大，电流过大的原因是短路或电路中总功率过大，分析判断即可．【详解】A、根据得，电路中用电器过多，可能总功率过大，电压不变，电流过大，会熔断保险丝．说法正确，不符合题意．故A错误；B、导线绝缘皮损坏，火线、零线直接接触，造成短路时，电流过大，会导致熔断保险丝．说法正确，不符合题意．故B错误；C、当灯座里的电线发生短路，电路中电流变大时，就会烧毁保险丝，说法正确，不符合题意；故C错误；D、火线断路时，电路断开，所以不会引起保险丝熔断，故D正确．本题选不可能的，故选D．保险丝熔断的原因是电路中电流过大；电流过大的原因是短路或电路中总功率过大．2、B【解析】

由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，所以验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故ACD项错误，B项正确．3、B【解析】根据动量定理可知，物体动量增量的方向，就是它所受冲量的方向，选项A正确；物体所受合外力冲量越大，它的动量变化也越大，选项B错误；物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变，选项C正确；根据动量定理，合外力等于动量的变化率，则物体所受合外力越大，他的动量变化就越快，选项D正确；此题选择错误的选项，故选B.4、A【解析】

A．上课时间是7点30分对应的是时间轴上的一个点，所以是时刻，A正确；B．刘翔跑完全程是一个过程，所以12.91s是时间间隔，不是时刻，B错误；C．小明从家步行到学校为一个过程，所以10min是时间间隔，不是时刻，C错误；D．经2s听到石块落水的声音，对应一个过程，所以2s是时间间隔，不是时刻，D错误。故选：A。5、C【解析】当小车处于匀速直线运动时，弹簧的弹力等于重力，即，绳的拉力为：．

当小车和小球向右做匀加速直线运动时，受力分析如图所示：根据牛顿第二定律得：

水平方向有：，①

竖直方向有：，②

由①知，细绳一定对小球有拉力的作用．

由①②得：弹簧的弹力

当，即时，，综合以上两种情况可以知道：细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力的作用，故C正确，ABD错误。点睛：解决本题的关键能够正确地受力分析，当小车处于静止时，小球受重力和弹簧弹力平衡，当小车和小球向右做匀加速直线运动时，受三个力作用，竖直方向上的合力为零，水平方向上合力等于，注意要分情况讨论。6、C【解析】小球q下滑过程中，沿杆的方向受到重力的分力mgsinθ和库仑力，两力方向相反，根据库仑定律：F=kQqr2可知，库仑力逐渐增大，由题意可知，库仑力开始时小于mgsinθ，后来大于mgsinθ，所以q先做加速度减小的变加速运动，后做加速度增大的变减速运动，当库仑力与mgsinθ大小相等时速度最大，故A错误；q从先做加速运动后做减速运动，在B点时加速度沿杆向上，所以库仑力大于mgsinθ，故B错误；从A到B，根据动能定理得：mgLsinθ+qUAB=0，又UBA=-UAB，可得：UBA=mgLsinθq，故C正确；下滑过程，AC间的场强小，CB间场强大，根据U=Ed知，A、C间的电势差值小于C、B间的电势差值，根据电场力做功公式W=qU得知，从A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】试题分析：当平行板电容器充电稳定后，两板间存在匀强电场，当开关断开后，两极板的电量不变，当变化极板间距，从而改变电容器的电容，但极板间的电场强度却不变化．A、将B板向下平移一小段距离，由可知电容器的电容变小，故A正确；B、由、、可知，，只改变极板间距，没有改变电荷分布密度，板间场强不变，故B错误，C正确；D、板间场强不变，故D错误．故选ACD．考点：电容器的动态分析．点评：电容器的电容由两板间距、正对面积与电介质决定；而两板间的电场强度则由电容器的电量、电介质及正对面积决定．当开关断开时，电容器的电量不变；而开关闭合时，电容器的电压却不变．8、ACD【解析】

AB．开关S刚闭合瞬间，由于自感线圈相当于断路，所以两灯是串联，电流相等，故A正确，B错误；C．稳定后，线圈相当于导线把灯D1短路，D1熄灭，回路中总电阻减小，电流增大，D2比S刚闭合时亮，故C正确；D．S闭合稳定后再断开开关，D2立即熄灭，但由于线圈的自感作用，L相当于电源，与D1组成回路，D1闪亮一下然后过一会再熄灭，故D正确；故选ACD．9、CD【解析】

A．电势的零点是人为选取的，则电势等于零的物体也可以带电。故A错误；B．电场强度与电势无关，电场强度为零的点，电势不一定为零，故B错误；C．沿电场线的方向，电势降低，则同一电场线上的各点，电势一定不相等，故C正确；D．负电荷沿电场线方向移动时，电场力方向与电场线方向相反，则电场力对负电荷做负功，其电势能一定增加，故D正确。故选CD。10、AB【解析】

A．当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可以知道电路电流增大；而R1两端的电压增大,R2两端的电压减小,故乙表示是V1示数的变化;甲表示V2示数的变化;故A正确;B．当把R1和电源和一起看成等效电源时，V2示数表示的是外电压，所以图线甲延长线与U轴交点的纵坐标数值上等于电源的电动势，故B正确.C．由图可以知道,当只有R1接入电路时,电路中电流为0.6A,电压为4.5V,则由:可得:当滑动变阻器全部接入时,两电压表示数之比为,故:由闭合电路欧姆定律可得:计算得出：,；因当电源的内电阻等于外电阻时电源的输出功率最大,故当外阻等于时，电源的输出功率最大,故此时电流：故电源的最大输出功率：故C错误;D．由C的分析可以知道R1的阻值为，R2电阻为；当R1等效为电源的内阻,即当滑动变阻器的阻值等于时,滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为时,滑动变阻器消耗的功率最大,由闭合电路欧姆定律可得,电路中的电流：则滑动变阻器消耗的总功率：所以D错误;三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、23.56.713V1A1R1【解析】①游标卡尺读数螺旋测微器读数②电源电动势3V，电压表应选V1（量程3V，内阻约3kΩ），待测金属棒：Rx（阻值约5Ω），电流表应选A1（量程0.6A，内阻约0.2Ω）滑动变阻器采用限流接法，滑动变阻器应选用相对待测金属棒电阻较大且与待测金属棒电阻具有可比性（相差不超过10倍）的滑动变阻器，则滑动变阻器应选R1（最大阻值约20Ω）行测金属棒电阻相对电压表电阻较小，则采用电流表的外接法。实物电路的连接如图：U-I图象的斜率为k，则R=k，据得：12、6.124~6.12610.230×10【解析】

（1）[1]螺旋测微器主尺刻度为6mm，螺旋尺刻度为12.4×0.01mm=0.124mm，所以螺旋测微器的读数为：6mm+0.124mm=6.124mm；[2]游标卡尺主尺刻度为102mm，游标尺刻度为6×0.05mm=0.30mm，所以金属棒的长度为：102mm+0.30mm=102.30mm=10.230cm；（2）[3]欧姆表指针偏转角度太大，说明电阻阻值较小，应换成小倍率的档，故应该选择×10倍率档。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；(2)【解析】

(1)万有引力提供卫星做匀速圆周运动的向心力，有=mARA=mg可得A卫星的周期TA=同理可得，B卫星的周期TB=(2)要B卫星再次运动到A卫星的正上方，则A卫星至少要比B卫星多转过2π的角度，设时间为t，则（）=2π解得：t=14、（1）（2）22A【解析】

(1)设S2断开时R1消耗的功率为P1，则代入数据解得：r=1