新疆巴州第三中学2027届物理高二上期中经典模拟试题含解析

新疆巴州第三中学2027届物理高二上期中经典模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、用跨过光滑定滑轮的绳(绳不可伸长)把湖中小船拉靠岸，如图所示，已知拉绳的速度v不变，则船速()A．逐渐增大 B．先减小后增大C．逐渐减小. D．先增大后减小2、两辆汽车在平直公路上匀速行驶。关于它们的惯性大小，下列说法正确的是A．速度大的汽车惯性一定大 B．速度小的汽车惯性一定大C．质量大的汽车惯性一定大 D．质量小的汽车惯性一定大3、在电场中的某点放入电荷量为的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电荷量为的试探电荷，此时测得该点的电场强度为（）A．大小为E，方向和E相同 B．大小为2E，方向和E相同C．大小为E，方向和E相反 D．大小为2E，方向和E相反4、有两个平行板电容器，它们的电容之比为5：4，它们的带电荷量之比为5：1，两极板间距离之比为4：3，则两极板间电压之比和电场强度之比分别为（）A．4：11：3 B．1：43：1 C．4：13：1 D．4：14：35、下列各图中，能正确表示一对等量异种电荷电场线分布的是A． B． C． D．6、下列说法中正确的是()A．在电源内部和外部电路中，正电荷都受静电力的作用，所以能不断地定向移动形成电流B．静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C．在电源内部正电荷能从负极到达正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D．静电力移动电荷做功电势能减少，非静电力移动电荷做功电势能增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、对于某个给定的电容器来说，在图中哪些图线恰当地描述了其带电量Q、两端的电压U、电容量C之间的相互关系（）A．B．C．D．8、经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体．如图，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1∶m2=2∶3，则可知（）A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为2∶3B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为1∶1C．m1做圆周运动的半径为LD．m2做圆周运动的半径为L9、如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场（边界上有电场），电场强度为E=，ACB为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为R，A、B为水平直径的两个端点，AC为圆弧，一个质量为m，电荷量为-q的带电小球，从A点正上方高为H=R处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道，不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的受力及运动情况，下列说法正确的是（）A．小球到达C点时对轨道压力为2mgB．小球在AC部分运动时，加速度不变C．适当增大E，小球到达C点的速度可能为零D．若E=，要使小球沿轨道运动到C，则应将H至少调整为10、如图所示是某种正弦式交流电压的波形图，由图可确定该电压的A．频率是100HzB．t＝0.01s时，线圈平面与磁场方向平行C．有效值约为220VD．瞬时值表达式为u＝311sin100πt(V)三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用如图所示的游标卡尺测量一物体的长度，由图可知物体的长度为________mm。12．（12分）在用伏安法测电池电动势和内阻的实验中，一位同学记录了6组数据(如下表)。(1)根据数据选定下列供选用仪器：电流表选__________。滑动变阻器选___________。（选填仪表前的序号）①干电池=1.5V②直流电流表(0～0.60A档，内阻0.1Ω)③直流电流表(0～3.00A档，内阻为0.02Ω)④直流电压表(0～3.00V档，内阻5kΩ)⑤滑动变阻器(0～10Ω)，允许最大电流为1.00A)⑥滑动变阻器(0～1000Ω，允许最大电流0.60A)⑦开关一个，导线若干(2)在下面实物图中以笔画线代替导线连好电路______。(3)根据记录数据在图所示的坐标纸上作U-I图线____，并根据图线求出E=_____V，r=_____Ω。(结果均保留2位小数）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的匀强电场中，有、、三点，，，其中沿电场线方向，和电场线方向成角，一个电荷量为的正电荷从点移到点时静电力做功为，求：（1）匀强电场的场；（2）电荷从移到，静电力做功；14．（16分）如图所示，将两个劲度系数分别为k1和k2的轻质弹簧套在光滑的水平杆上，弹簧的两端固定，中间接一质量为m的小球，此时两弹簧均处于原长。现将小球沿杆拉开一段距离后松开，小球以O为平衡位置往复运动，试证明，小球所做的运动是简谐运动。15．（12分）一个初速度为零的电子通过电压为U=4500V的电场加速后,从C点沿水平方向飞入电场强度为E=1.5×105V/m的匀强电场中,到达该电场中另一点D时,电子的速度方向与电场强度方向的夹角正好是120°,如图所示.试求C、D两点沿电场强度方向的距离y.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

船的运动分解如图：小船的运动可以分解为沿绳子收缩方向和垂直绳子方向两种运动方式，假设绳子与水平面夹角为θ，由几何关系可得：拉绳的速度v不变，船向左移动时θ变大，逐渐减小，则v船逐渐增大，故选A.2、C【解析】

AB．物体的惯性与物体的运动状态无关，只与质量有关，选项AB错误；CD．物体的惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，选项C正确，D错误。3、A【解析】

电场强度是由电场本身决定，与试探电荷无关，故放入电荷量为+2q的试探电荷时的电场强度与放入电荷量为-q的试探电荷时的电场强度相同．【详解】电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，是试探电荷所受的电场力F与试探电荷所带的电荷量q的比值，由电场本身决定，故与试探电荷的有无、电性、电量的大小无关．故在该点放入电荷量为-q的试探电荷时电场强度为E，改放电荷量为+2q的试探电荷时电场强度大小仍为E，方向和E相同．故A正确．故选A．解决本题的关键是理解电场强度的物理意义：电场强度是由电场本身决定，与试探电荷无关．4、C【解析】

根据公式：得：；根据电场强度的公式：得：，故C正确，ABD错误．故选C．本题主要根据电容的定义式和决定式去分析．对于场强，也可根据推论：当电容器的电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变确定．5、C【解析】

根据电场线的特点：电场线从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止．可知C图能正确表示一对等量异种电荷电场线分布．A.A图与结论不相符，选项A错误；B.B图与结论不相符，选项B错误；C.C图与结论相符，选项C正确；D.D图与结论不相符，选项D错误；6、D【解析】

A．在电源内部，正电荷要受到静电力和非静电力作用，从负极移动到正极，故A错误；BＤ．非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，静电力移动电荷做功电势能减少，故B错误，D正确．C．在电源内部正电荷能从负极到正极同时受到静电力和非静电力作用，故C错误．故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】对于给定的电容器，其电容C一定，C-Q图象及C-U图线均平行于横轴．故A错误，B正确．对于给定的电容器，其电容C一定，电量Q=CU，Q与U成正比，Q-U图象是过原点的倾斜的直线．故C正确；对于给定的电容器，其电容C一定，Q-C图象平行于纵轴，故D正确．故选BCD．点睛：本题考查识别、理解物理图象的能力．要抓住电容定义的方法：比值定义法，定义出来C与Q、U无关，反映电容器本身的性质．8、BD【解析】试题分析：设m1绕圆心半径为r1,m2绕圆心半径为r2,行星之间距离L=r1+r2,双星系统角速度相同，，，两式进行计算得，，A选项错误，B选项正确，，，C选项正确，D选项错误．考点：双星系统点评：双星系统中需要1>注意角速度相同，2>转动半径不等于万有引力公式中的距离r．9、AD【解析】

A.小球进入半圆轨道，电场力和重力平衡，小球做匀速圆周运动，根据动能定理知解得：从A到C，因为电场力与重力等大反向，合力为零，所以到C点速度与A点等大。根据牛顿第二定律得，在C点：根据牛顿第三定律可知，小球到达C点时对轨道的压力为2mg。故A正确。B.小球在AC部分做匀速圆周运动，加速度大小不变，方向始终指向圆心。故B错误。C.适当增大E，小球所受的电场力大于重力，根据径向的合力提供向心力可知，在最低点的速度不可能为零。故C错误。D.若E=，在最低点根据牛顿第二定律得，解得：根据动能定理得：解得：所以H至少为，故D正确。10、CD【解析】

从图象可读出电压的最大值、周期，继而求出电压的有效值、角速度，写出电压瞬时值的表达式。【详解】从图象可知，交流电电压的最大值为311V，，周期T=0.02s，所以频率为f=1T=50Hz电压有效值为3112V≈220V，故角速度为：ω=2π0.02rads=100rads由图象可知，t＝0.01s时，电动势为零，即磁通量最大，所以线圈平面与磁场垂直，故B错误。故应选：CD。本题题干图象考查了正弦交流电的峰值、有效值、周期和瞬时值表达式。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、29.8mm【解析】

[1]该游标卡尺为10分度，最小精确度为，读数为29mm+8×0.1mm=29.8mm12、②⑤1.45（1.41～1.49）0.70（0.60～0.80）【解析】

(1)[1]干电池电动势约为1.5V，电压表应选0～3.00V挡位，根据实验数据得出最大电流为0.57A，因此电流表应选0～0.60A挡位即②；[2]干电池电动势约为1.5V，电流表量程为0.6A，电路最小电阻约为：R=2.5Ω，为方便实验操作，滑动变阻器应选0～10Ω，即⑤；(2)[3]应用伏安法测电源电动势与内阻实验，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实验电路图如图所示(3)[4]利用表中坐标值，采用描点法并连线得图象如图所示[5][6]由闭合电路欧姆定律可知U=E-Ir，再由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势故电源的电动势为1.45V，图象的斜率表示电源的内阻四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）60V/m；（2）【解析】

(1)ab＝5cm0.05m，bc＝12cm＝0.12m由题，由W1＝qELab得：(2)电荷从b移到c电场力做功为：W2＝qELbccos60°＝4×10﹣8×60×0.12×0.5J＝1.44×10﹣7J14、F=-（k【解析】

当小球向右运动到任意位置C，离开O的位移为x，此时小球受到两个弹力F1、F2，方向沿x轴负方向，如图1所示。两个力的合力即为小球的回复力，即F=-（F1+F2）=-（k1x+k2x）=-（k1+k2）x其中k1+k2