2027届四川省康定市高二物理第一学期期中达标检测模拟试题含解析

2027届四川省康定市高二物理第一学期期中达标检测模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于下列甲、乙两电路图说法正确的是()A．甲图中滑动变阻器R0属分压式接法B．甲图中电阻R两端的电压能从零开始调节C．乙图中滑动变阻器R0属限流式接法D．乙图中电阻R两端的电压能从零开始调节2、甲、乙两物体质量相等，速度大小之比是2∶1，则甲与乙的动能之比是()A．1∶2B．2∶1C．1∶4D．4∶13、平行板电容器充电后断开电源，然后将两极板间的正对面积逐渐增大，则在此过程中A．电容逐渐增大B．极板间场强逐渐增大C．极板间电压保持不变D．极板上电量保持不变4、氢的三种同位素氕、氘、氚的原子核分别为、、。它们以相同的初动能垂直进入同一匀强电场，离开电场时，末动能最大的是A．氕核 B．氘核C．氚核 D．一样大5、把一根直导线平行于地面放在小磁针的正上方附近，当导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转．发现这个现象的物理学家是（）A．奥斯特 B．安培 C．爱因斯坦 D．法拉第6、如图所示，带电粒子所受洛伦兹力方向垂直纸面向外的是（）A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个T型电路如图所示，电路中的电阻R1=10Ω，R2=120Ω，R3=40Ω。另有一测试电源，电动势为100V，内阻忽略不计A．当cd端短路时，ab之间的等效电阻是40ΩB．当ab端短路时，cd之间的等效电阻是40ΩC．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为75VD．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为80V8、关于电场强度、磁感应强度，下列说法正确的是（）A．由真空中点电荷的电场强度公式可知当r趋近于零时，其电场强度趋近于无限大B．电场强度的定义式适用于任何电场C．由安培力公式可知，一小段通电导体在某处不受安培力，说明此处一定无磁场D．一通电直导线在匀强磁场中受到安培力时，磁感应强度方向一定垂直于安培力方向9、有同学想通过静电除尘的方法净化空气．她用玻璃圆桶密闭含灰尘的空气，圆桶的高和直径相等．方法一是：在圆桶顶面和底面间加上电压U，沿圆桶的轴线方向形成一个匀强电场，尘粒的运动方向如图甲所示；方法二是：在圆桶轴线处放一直导线，在导线与桶壁间加上的电压也等于U，形成沿半径方向的辐向电场，尘粒的运动方向如图乙所示．已知空气阻力与尘粒运动的速度成正比，即F阻=kv（k为一定值），假设每个尘粒的质量和带电荷量均相同，不计尘埃的重力，则()A．两种方法中尘粒最终一定都做匀速运动B．两种方法下尘粒受到的电场力大小相等C．电场对单个尘粒做功的最大值相等D．乙容器中的尘粒不可能做匀速直线运动10、如图所示，I为电流表示数，U为电压表示数，P为定值电阻R2消耗的功率，Q为电容器C所带的电荷量，W为电源通过电荷量q时电源做的功．当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，下列图象能正确反映各物理量关系的是（）A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在测量电源电动势和内电阻的实验中，有电压表V(量程为3V，内阻约3kΩ)；电流表A（量程为0.6A，内阻约为0.70Ω）；滑动变阻器R（10Ω，2A）。为了更准确地测出电源电动势和内阻设计了如图所示的电路图。①在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U-I图线，由图可得该电源电动势E=____V，内阻r=______Ω。（结果保留两位有效数字）②一位同学对以上实验进行了误差分析．其中正确的是______．A．实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用B．实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用12．（12分）密立根油滴实验首先测出了元电荷的数值，其实验装置如图所示，油滴从喷雾器喷出，以某一速度进入水平放置的平行板之间。若两板间加一电压，使板间形成向下的电场E，今有一带负电的油滴，质量为m，在两板间匀速下落的速率为v。已知运动中油滴受到的阻力可由斯托克斯公式f=6πηrv计算(其中r为油滴半径，η为空气粘滞系数)。实验时测出r、v，E、η、m、g为已知，则（1）油滴的带电量q=__________。（2）经多次测量得到许多油滴的Q测量值如下表(单位10－19C)Q1Q2Q3Q4Q5Q66.418.019.6511.2312.8314.48分析这些数据可得什么结论：______________________________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，现有一质量为m、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g．（1）若滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，求滑块到达与圆心O等高的C点时，受到轨道的作用力大小？（2）改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小？（3）在（2）问中，求s的大小？14．（16分）光滑的绝缘斜面固定于水平地面上，倾角为θ，匀强电场平行于斜面向上。质量为m、带正电q的小滑块（可看作质点），从斜面底端A点由静止释放，经过一段时间物体到达B点（未画出），这段时间内电场力做功为W，此后撤去电场，再经一段时间滑块到达斜面上C点（未画出）且速度恰好减为零，滑块从B点到C点的时间是从A点到B点时间的两倍。最后小滑块又从C点滑回A点，重力加速度为g，以水平地面为零势能面，不计空气阻力，求：（1）匀强电场的场强E（2）撤去电场前小滑块的加速度a（3）小滑块在B点时的动能EK（4）小滑块最大重力势能EP（5）小滑块回到A点时的速度大小V15．（12分）如图所示，光滑绝缘的水平地面上，相隔4L的A、B两点固定有两个电量均为+Q的正电荷，a、O、b是AB连线上的三点，且O为中点，Oa＝Ob＝L。一质量为m，电量为q的点电荷以初速度v0从a点出发沿AB连线向B运动，在运动过程中电荷受到大小恒定的阻力作用，但速度为零时，阻力也为零。当它第一次运动到O点时，速度为2v0，继续运动到b点时的速度刚好为0，然后返回往复运动，直至最后静止在O点。已知静电力常量为k，求：(1)电荷q受到的阻力大小；(2)aO两点之间的电势差。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】本题考查了滑动变阻器的两种接法，分压接法和限流接法，当划片P连线上不连接电阻时，为限流接法，当划片P上连接电阻时，为分压接法，其中分压接法中电阻R两端的电压能从零开始调节甲图中滑动变阻器的划片P上没有连接电阻，所以为限流接法，A错误只要采用分压接法时，电阻R两端才可以从零开始调节，B错误乙图中滑动变阻器的划片P上联有电阻，所以为分压接法，电阻R两端的电压可以从零开始调节，所以C错误，D正确，思路拓展：本题的关键是能分辨出什么时候是分压接法，什么时候是限流接法，并且还需理解只要当采用分压接法时，才能满足某电阻两端的电压从零开始条件2、D【解析】

已知质量与速度关系，由动能的计算公式可以求出两物体的动能之比．两物体的动能之比为,故选D3、D【解析】考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器充电后断开电源后，电容器的电量不变．增大板间距离，电容减小，板间场强不变．由公式C=，分析电量的变化．解答：解：A、电容器两极板间的正对面积逐渐增大，电容逐渐增大．故A正确．B、由推论公式E=，?、Q、S、k不变，板间场强E不变．故B错误．C、平行板电容器充电后断开电源后，电容器的电量不变．由公式C=，电容C增大，则电压U减小．故C错误．D、平行板电容器充电后断开电源后，电容器的电量不变．故D正确．故选D点评：本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住不变量．难点是板间场强变化的确定，要在理解的基础上，记住推论的结果．4、D【解析】

带电粒子以速度v进入场强为E，宽度为L的电场，垂直电场方向做匀速直线运动，L=vt，所以，沿电场方向做匀加速直线运动，加速度，偏转位移：根据动能定理：，且可见比荷小的垂直电场方向速度增量比较大，即末速度较大。A．氕核。故A符合题意。B．氘核。故B不符合题意。C．氚核。故C不符合题意。D．一样大。故D不符合题意。5、A【解析】

发现电流周围存在磁场的物理学家是奥斯特，故选A.6、C【解析】

A图洛伦兹力水平向右；B图洛伦兹力水平向右；D图不受洛伦兹力．C正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A.当端短路时，间电路的结构是：电阻、并联后与串联，等效电阻为：故A正确；B、当端短路时，之间电路结构是：电阻、并联后与串联，等效电阻为：故B错误；CD、当两端接通测试电源时，两端的电压等于电阻两端的电压，则有：故C错误，D正确。8、BD【解析】

A．当r趋近于零时，电荷不能再视为点电荷，该公式不在使用，故A错误；B．为电场强度的定义式，适用于一切电场，故B正确；C．导线不受安培力，可能是导线与磁场方向平行，故C错误；D．安培力方向垂直于导线和磁场构成的平面，故D正确；故选BD。9、CD【解析】A、在甲中，粒子电场力方向与速度方向相同，做匀加速直线运动，在乙中，电场为发散状，故乙中粒子受力越来越小，故粒子做加速度减小的加速运动，故A错误

；B、由U=Ed可得，由于距离d不同，故电场强度不相同，故每个粒子受电场力大小不相等，故B错误；C、根据动能定理知，电场对单个尘粒做功的最大值都等于Uq，故C正确；D、乙中水平向与竖直向都有加速度，且变化，不可能做匀速直线运动；故D正确；故选CD。10、AB【解析】试题分析：变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，消耗的功率为,∝，故A正确；电容器的电压，电荷量，则，保持不变，则图象是向下倾斜的直线，故B正确；电压表示数，图象应是向下倾斜的直线，故C错误；电源通过电荷量时电源做的功，是电源的电动势，则是过原点的直线，故D错误．考点：本题考查了闭合电路的动态分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.51.0A【解析】

①[1][2]．根据U=E-Ir以及图象可知，电源的电动势为：E=1.5V，电源内阻为：②[3]．由图示电路图可知，由于电压表的分流，电流表的测量值小于流过电源的电流，实验产生了系统误差，故A正确，B错误；12、mg-6πηrvE电荷的最小电量即元电荷为1.6×10－19C【解析】

(1)两板间的电压为U时，带电油滴恰好能以速度v竖直向上匀速运动时，电场力与重力、阻力相平衡，列式可求解；(2)根据物体带电的本质，结合测量电量值，即可求解。【详解】(1)当有电场时，则有重力等于阻力与电场力之和，即为：mg=6πηrv+qE；解得：q=mg-6πηrv(2)根据物体带电本质：电子的得失，且由表格所测电量，可知：在误差范围内，可以认为油滴的带电量总是1.6×10-19C的整数倍，故电荷的最小电量即元电荷为1.6×10-19C。考查受力分析与平衡方程的应用，掌握带电本质，及最小电量的多少，注意电场力的方向是解题的关键。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)N=1.75mg(2)(3)s=11.5R【解析】

(1)A到C，由动能定理得：而在C：解得：N=1.75mg(2)电场力与重力的合力方向与竖直方向夹角当合力F′恰好提供向心力时，速度最小所以：(3)从A到速度最小的点全程动能定理：代入解得：s=11.5R14、(1)；（2）；（3）；（4）W；（5）【解析】试题分析：利用运动学知识