2027届河南省师范大学附属中学物理高二上期中监测试题含解析

2027届河南省师范大学附属中学物理高二上期中监测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电源内阻不能忽略，为定值电阻，为滑动交阻器，电压表和电流表均为理想电表。闭合开关，当滑动变阻器的触头向右滑动时，示数变化量的绝对值为，示数变化量的绝对值为。下列说法正确的是（）A．电流表A的示数变小，电压表的示数变大B．电压表、的示数都变小C．=D．<2、下列关于点电荷的说法正确的是A．电荷所受电场力方向就是该点处场强的方向B．电场中某点放入-q时场强与放入q场强反向C．点电荷周围与点电荷距离相等的各点场强都不相同D．放入场中某点的q越大，所受电场力越大，故场强也大3、下列说法中错误的是：A．安培分子电流假说认为磁体的磁场是由运动电荷产生的B．电流元在空间中某处不受安培力作用，则此处一定无磁场C．安培力和洛仑兹力的方向一定与磁场方向垂直D．通电直导线与磁场方向间的夹角从300变至600过程中，安培力方向一直不变4、2018年10月2日，美法加三名科学家获得了诺贝尔物理学奖，以表彰他们在激光物理领域的突破性发明。许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，下列说法正确的是()A．牛顿首次在实验室里测出了引力常量并发现了万有引力定律B．牛顿在发现万有定律的过程中应用了牛顿第三定律C．开普勒通过研究、观测和记录发现行星绕太阳做匀速圆周运动D．开普勒发现了行星运动定律并认为“在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上”5、下列说法中正确的是()A．在电场中，电场强度大的点，电势必定高B．电荷置于电势越高的点，其所具有的电势能也越大C．电场中电场强度大的地方，沿电场线方向电势降落快D．一带电粒子只受电场力作用在电场中运动时，电势能一定变化6、如图所示，用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值，c端与b端相连时，电流表示数4.60mA，电压表示数2.50V，c端与a端相连时，电流表示数5.00mA，电压表示数2.30V，比较这两次结果正确的是A．电阻的真实值更接近543Ω，且大于543ΩB．电阻的真实值更接近543Ω，且小于543ΩC．电阻的真实值更接近460Ω，且大于460ΩD．电阻的真实值更接近460Ω，且小于460Ω二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是一个直流电动机提升重物的装置，重物质量m=50kg，电源电压U=100V，不计各处的摩擦，当电动机以v=0.9m/s的恒定速度将重物向上提升1m时，电路中的电流I=5A，g取10m/s2，由此可知（）A．电动机线圈的电阻r=2Ω B．电动机线圈的电阻r=1ΩC．此过程中无用功为50J D．该装置的效率为90%8、在如图所示电路中，闭关开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生了变化，电表的示数分别用I、U1、U2表示，电压表示数变化的绝对值分别为△U1、△U2，下列判断正确的是（）A．ΔU1<ΔU2B．I减小，U1增大，U2增大C．电源的总功率变大，内功率变小D．电源的输出功率变大，效率也变大9、孤立点电荷电场中的一簇等势面如图中虚线所示，其电势分别为φ1、φ2、φ3，其中A、B、C是某电场线与这簇等势面的交点，且AB=BC.现将一负电荷由A移到B，电场力做正功W1；由B移到C，电场力做正功W2，则A．φ1＞φ2＞φ3 B．φ1＜φ2＜φ3 C．W1＜W2 D．W1＞W210、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2×10－3C、质量为0.1kg的小物块(可视为质点)从C点静止释放，其运动的v－t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)。则下列说法正确的是A．由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大B．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强大小E＝100V/mC．由C点到A点电势逐渐降低D．A、B两点间的电势差UAB＝500V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某实验小组要描绘一只规格为“2.5V0.5A”小电珠的伏安特性曲线，除了提供导线和开关外，还有以下一些器材：A．电源E(电动势为3.0V，内阻不计)B．电压表V(量程为0～3.0V，内阻约为2kΩ)C．电流表A(量程为0～0.6A，内阻约为1Ω)D．滑动变阻器R(最大阻值10Ω，额定电流1A)（1）为完成本实验，请用笔画线当导线，将实物图连成完整的电路，要求实验误差尽可能的小．(图中有几根导线已经接好)（______）（2）下表中的数据是该小组在实验中测得的，请根据表格中的数据在方格纸上作出电珠的伏安特性曲线.U/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.000.170.300.390.450.49（______）12．（12分）(1)如图甲所示为某多用电表内部简化电路图，作电流表使用时，选择开关S应接________(选填“1”“2”“3”“4”或“5”)量程较大．(2)某同学想通过多用表的欧姆挡测量量程为3V的电压表内阻(如图乙)，主要步骤如下：①把选择开关拨到“×100”的欧姆挡上；②把两表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻零刻度处；③把红表笔与待测电压表________(选填“正”或“负”)接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相连，发现这时指针偏转角度很小；④换用________(选填“×10”或“×1k”)欧姆挡重新调零后测量，发现这时指针偏转适中(如图丙)，记下电阻数值；⑤把选择开关调至空挡或交流电压最高挡后拔下表笔，把多用电表放回桌上原处，实验完毕．(3)该同学设计了如图丁中所示的欧姆表电路，通过控制开关S和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率．所用器材如下：A．干电池：电动势E＝1.5V，内阻r＝0.5ΩB．电流表：满偏电流Ig＝1mA，内阻Rg＝150ΩC．定值电阻R1＝1200ΩD．电阻箱R2和R3：最大阻值都为9999ΩE．电阻箱R4：最大阻值为9999ΩF．开关一个，红、黑表笔各1支，导线若干该同学按图丁正确连接好电路．当开关S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R内，则R内＝________Ω，欧姆表是________(选填“×1”或“×10”)倍率．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，金属丝发射出来的电子(初速度为零，不计重力)被加速后从金属板的小孔穿出，进入偏转电场．电子在穿出偏转电场后沿直线前进，最后打在荧光屏上．设加速电压U1=1640V，偏转极板长L=4cm，偏转极板间距d=2cm，当电子加速后从两偏转极板的正中央沿与板平行方向进入偏转电场．（电子质量符号m电子电荷量符号e）（1）电子进入偏转电场时速度？（用题中所给物理量符号表示）（2）偏转电压U2为多大时，电子束打在荧光屏上偏转距离最大？（3）如果偏转极板右端到荧光屏的距离S=20cm，则电子束最大偏转距离为多少？14．（16分）在同一竖直线上的A、B两点，固定有等量的异种点电荷，电量为q，正、负如图所示，ΔABC为一等边三角形(边长为L)，CD与AB垂直且与右侧竖直光滑的1/4圆弧轨道的最低点C相切，已知圆弧的半径为R，现把质量为m带电量为+Q的小球(可视为质点)由圆弧的最高点M静止释放，到最低点C时速度为v0。已知静电力恒量为k，重力加速度为g，现取D为电势零点，求：（1）小球在C点受到的电场力的大小和方向；（2）在最低点C轨道对小球的支持力FN多大？（3）在等量异种电荷A、B的电场中，M点的电势φM?15．（12分）如图所示，在空间有一坐标系xOy，直线OP与x轴正方向的夹角为30°，第一象限内有两个大小不同、方向都垂直纸面向外的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，直线OP是它们的边界，OP上方区域Ⅰ中磁场的磁感应强度为B。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子(不计重力)以速度v从O点沿与OP成30°角的方向垂直于磁场进入区域Ⅰ，质子先后通过磁场区域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直打在x轴上的Q点(图中未画出)，试求：（1）区域Ⅱ中磁场的磁感应强度大小；（2）Q点的坐标。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

由变阻器接入电路的电阻变化，根据欧姆定律及串联电路的特点，分析电流表和电压表示数变化量的大小．【详解】当滑动变阻器的触头向右滑动时，R2增大，电路中电流减小，U1减小，则内电压减小，路端电压U增大，则U2增大.因为U=U1+U2，则|△U1|＜|△U2|.所以电流表A的示数变小，电压表V1的示数变小，V2的示数变大，|△U1|＜|△U2|．故A、B、C错误，D正确；故选D.本题的难点在于确定电压表示数变化量的大小，采用总量法分析，即路端电压等于外电路各部分电压之和，这是常用方法．2、C【解析】

A.电场中某点的场强方向，就是置于该点的正电荷所受电场力的方向，而与置于该点的负电荷所受电场力的方向相反，故A错误．B.场强由电场本身决定，与放入电场中的检验电荷无关．则知在电场中某点放入+q和放入-q的检验电荷时，该点的场强方向相同，故B错误；C.以点电荷Q为圆心，r为半径的球面上，各点场强大小相等，方向不同，电场强度是矢量，有大小和方向，所以各点场强不相同．故C正确．D.放入场中某点的q越大，所受电场力越大，但场强与检验电荷无关，故场强不变，故D错误．3、B【解析】试题分析：安培分子电流假说认为磁体的磁场是由运动电荷产生的，安培分子电流假说很好的解释了磁现象，故A正确；电流元在空间中某处不受安培力作用，则该位置的磁感应强度不一定为零，还与导体与磁场夹角有关，故B错误；安培力与洛伦兹力的方向均由左手定则来确定，它们都与磁场及电流或速度方向所构成的平面垂直，故C正确；安培力的方向均由左手定则来确定，与磁场及电流方向所构成的平面垂直，当电流与磁场方向间的夹角发生化时，安培力的方向不变，故D正确.本题选错误的，故选B.4、B【解析】

A．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许首次在实验室里测出了引力常量，选项A错误；B．牛顿在发现万有定律的过程中应用了牛顿第三定律，选项B正确；C．开普勒通过研究、观测和记录发现行星绕太阳沿椭圆轨道运动，选项C错误；D．开普勒发现了行星运动定律，牛顿“在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上”，故D错误。5、C【解析】A、电场线密处，电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，电势就不一定高，故A错误；

B、正电荷置于电势越高的点，其所具有的电势能也越大，负电荷置于电势越高的点，其所具有的电势能也越小；故B错误；

C、电场中电场强度大的地方，沿电场线方向电势降落快．故C正确．

D、一带电粒子只受电场力作用在电场中运动时，电势能不一定变化，如电子绕原子核做匀速圆周运动时电势能不会变化，故D错误。点睛：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系。6、B【解析】

两次测量电流表分压的变化：电压表分流示数变化：即电流表分压的变化较小，所以采用电流表内接，测量的更接近真实值，且测量值大于真实值。所以电流表内接法所测电阻：故ACD错误，B正确。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

AB：电动机以v=0.9m/s的恒定速度将重物向上提升对电动机解得故A项正确，B项错误．C：此过程中无用功又，解得．故C项错误．D：该装置的效率．故D项正确．纯电阻元件，欧姆定律适用，电功等于电热，电功率等于热功率；非纯电阻元件，欧姆定律不适用，电功大于电热，电功率大于热功率，其它功率等于电功率减去热功率．8、AB【解析】

当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2电阻变大，总电阻变大，总电流减小，路端电压变大，即U1变大；R1的电流变大，则电流表支路的电流减小，即I减小；R3电压减小，则R2电压变大，则U2变大；选项B正确；因U1=U2+UR3，因U1变大，U2变大，UR3变小则ΔU1<ΔU2，选项A正确；根据P=IE可知电源的总功率变大；根据P内=I2r可知，电源内功率变大，选项C错误；因不知道电源内阻和外电阻之间的关系，则不能判断电源输出功率的变化情况；根据η=IUIE=R9、BD【解析】

将一负电荷由A移到B，电场力做正功，可知负电荷受到的电场力的方向向右，结合负电荷受到的电场力的方向与电场线的方向相反，可知该电场线的方向向左，即由C指向A，沿电场线的方向电势降低，所以C点的电势最高，A点的电势最低，即φ1＜φ2＜φ3；该电场线的方向向左，由C指向A；再结合图中等势面的特点可知产生该电场的点电荷带负电且位于A点的左侧，所以A处的场强最大，C处的场强最小，根据电场强度与电势差的关系：U=Ed可知，AB之间的电势差一定大于BC之间的电势差，即：UCB＜UBA，又电场力做功：W=qU，所以：W1＞W2，故BD正确，AC错误。10、BC【解析】

由能量守恒定律分析电势能的变化情况．根据v-t图可知物块在B点的加速度最大，此处电场强度最大，根据牛顿第二定律求场强的最大值．由C到A的过程中物块的动能一直增大，根据电场线的方向分析电势的变化，由动能定理可求得AB两点的电势差．【详解】从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故A错误；带电粒子在B点的加速度最大，为am==2m/s2，所受的电场力最大为Fm=mam=0.1×2N=0.2N，则场强最大值为，故B正确；据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确；从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得

qUAB=mvB2-mvA2=×0.1×（42-62）J=-1J，解得：UAB=-500V，故D错误。故选BC。明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，要知道v-t图切线的斜率表示加速度，由动能定理求电势差是常用的方法．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、【解析】

（1）[1].描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻约为，电流表内阻约为1Ω，电压表内阻约为2kΩ，相对来说，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示．

（2）[2].根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示；12、1负×1k1500×10【解析】

（1）由图所示可知，作为电流表使用时，应将电阻与表头并联，且并联的电阻越小，量程越大，故选择开关S应接“1”量程较大．（2）电流从红表笔流入万用表，则把红表笔与待测电压表负接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相连，发现这时指针偏转角度很小，说明倍率档选择过小，应该换用“×1k”欧姆挡重新调零后测量；（3）由闭合电路欧姆定律可知：欧姆表的内阻为：R中==1500Ω，则中值电阻应为1500Ω，根据多用电表的刻度设置可知，表盘上只有两种档位，若为×1，则中性电阻太大，不符合实际，故欧姆表倍率应为“×10”．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）410V（3）0.11m【解析】试题分析：（1）电子在加速电场，由动能定理可以求出进入偏转电场时的速度，（2）当电子经偏转电场后从下板边缘出来时，电子束打在荧光屏上偏转距离最大．先运用动能定理求得电子进入偏转电场时的初速度．运用运动的分解，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求出偏转电压．（3）如图电子束打在荧光屏上最大偏转距，电子离开电场后做匀速直线运动，由求出匀速直线运动的时间，即可求得最大偏转距离y．（1）设电子电量大小e，质量为m，进入偏转电场初速度v0，

根据动能定理，有得：（2）电子在偏转电场的飞行时间电子在偏转电场的加速度要使电子束打在荧光屏上偏转距离最大，电子经偏转电场后必须沿下板边缘射出．

电子在偏转电场中的侧移距离为则联立得：（3）电子离开偏转电场时垂直极板方向的速