黑龙江省齐齐哈尔市甘南一中2027届物理高二上期中监测模拟试题含解析

黑龙江省齐齐哈尔市甘南一中2027届物理高二上期中监测模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、按图所示的电路连接各元件后，闭合开关S，L1、L2两灯泡都能发光．在保证灯泡安全的前提下，当滑动变阻器的滑动头向左移动时，下列判断正确的是（）①L1变暗②L1变亮③L2变暗④L2变亮．A．①③ B．②③ C．①④ D．②④2、如图所示，虚线a、b、c代表电场中一簇等势线，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带电质点（重力不计）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P，Q是这条轨迹上的两点，据此可知()A．a、b、c三个等势面中，a的电势最高B．电场中Q点处的电场强度大小比P点处大C．该带电质点在P点处的动能比在Q点处大D．该带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大3、如图所示，光滑绝缘水平桌面上有、两个带电小球（可以看成点电荷），球带电量为，球带电量为，将它们同时由静止开始释放，球加速度的大小为球的倍．现在中点固定一个带正电小球（也可看作点电荷），再同时由静止释放、两球，释放瞬间两球加速度大小相等．则球带电量可能为（）A．B．C．D．4、关于电流下列说法正确的是（）A．规定负电荷定向移动的方向为电流的方向B．电流的单位是伏特C．1mA=1000AD．电源在电路中的作用是保持导体两端有电压，使导体中有持续的电流5、某电场的电场线分布如图所示，M、N、Q是以电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线与直线MN垂直．以下说法正确的是A．O点电势与Q点电势相等B．M、O间的电势差大于O、N间的电势差C．将一负电荷由M点移到Q点，电荷的电势能减少D．正电荷在Q点所受电场力的方向与OQ垂直且竖直向上6、下列哪些措施是为了防止静电产生的危害？（）A．在高大的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的建筑物顶端安装电视公用天线C．在高大的烟囱中安装静电除尘器D．静电喷漆二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，A、B、C三个小球（可视为质点）的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电（不考虑小球间的静电感应），不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为E，以下说法正确的是（）A．静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg+qEB．静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg﹣qEC．剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qED．剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE8、如图所示，小物块静止在水平面上A处，水平面右侧与一竖直光滑圆轨道平滑连接于B处，小物块可不受阻碍的进入圆轨道，C为圆轨道最高点．现给小物块水平向右的冲量I，使小物块向右运动．已知小物块质量m=1kg，物块与水平面动摩擦因数μ=0.5，圆环半径R=0.6m，AB长0.8m，重力加速度g=10m/s2.()A．时，物块能进入圆轨道B．时，物块不会脱离圆轨道C．时，物块将脱离圆轨道D．时，物块能到达C点，且对C点压力为30N9、欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用和连接，正确的A．测电阻前要使红黑表笔相接，调节调零电阻，使表头的指针指零B．红表笔与表内电池的正极相接，黑表笔与表内电池的负极相接C．红表笔与表内电池的负极相接，黑表笔与表内电池的正极相接D．测电阻时，表针偏转角越大，待测阻值越大10、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为零，电阻R1=2R2，在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线Ｌ，则：A．通过电阻R1和R2的电流I1=I2B．R1两端电压U1=C．导线L中通过的电流IL=D．使电阻R2断路，通过R1的电流不发生变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)如图所示的是“研究电磁感应现象”的实验装置．①将图中所缺导线补接完整__________.②如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后线圈A迅速从线圈B中拔出时，电流计指针将___________（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）.(2)某学生选用匝数可调的可拆变压器来“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验时，原线圈接在学生电源上，用多用电表测量副线圈的电压.①下列操作正确的是________A．原线圈接直流电压，电表用直流电压挡B．原线圈接直流电压，电表用交流电压挡C．原线圈接交流电压，电表用直流电压挡D．原线圈接交流电压，电表用交流电压挡②该学生继续做实验，在电源电压不变的情况下,先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压增大；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压_________（选填“增大”、“减小”或“不变”）.12．（12分）在“用DIS研究在温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系”实验中，某同学最后得到如图所示的V－1/p图线．（1）为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是_________________．（2）若大气压强为P1，注射器内气体初始体积为11cm3，实验过程中，注射器内气体体积在4cm3到21cm3范围内变化，则注射器内部与外界压强差的最大值为________p1．（3）图线弯曲的可能原因是在V增大过程中（）A．注射器中有异物B．连接软管中存在气体C．注射器内气体温度升高D．注射器内气体温度降低四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在如图所示的电路中，定值电阻R1=1.4、R2=0.5，电源内阻r=0.6，电容器的电容C=100。当开关S断开时，电容器上容纳的电荷量Q=3×10−4C，理想电流表的示数I=1.5A。求：(1)电阻R3的阻值；(2)电源的电动势E及电源的效率；(3)当S闭合、电路稳定后，电容器上容纳的电荷量14．（16分）桌面上放着一个单匝矩形线圈，线圈中心上方一定高度上有一竖直的条形磁铁，此时线圈内的的磁通量为0.04Wb．把条形磁铁竖直放在线圈内的桌面上时，线圈内的磁通量为0.12Wb．分别计算以下两个过程中线圈中的感应电动势．（1）把条形磁铁从图中位置在0.5s内放到线圈内的桌面上；（2）换用10匝的矩形线圈，线圈面积和原单匝线圈相同，把条形磁铁从图中位置在0.1s内放到线圈内的桌面上15．（12分）如图所示，顶角的金属导轨MON固定在水平面内，导轨处在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场中．一根与ON垂直的导体棒在水平外力作用下以恒定速度沿导轨MON向右滑动，导体棒的质量为m，导轨与导体棒单位长度的电阻均为导体棒与导轨接触点为a和b，导体棒在滑动过程中始终保持与导轨良好接触时，导体棒位于顶角O处．求：（1）t时刻流过导体棒的电流强度I和电流方向．（2）导体棒作匀速直线运动时水平外力F的表达式．（3）导体棒在时间内产生的焦耳热Q．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知流过的电流变大，故的变亮；灯泡及内阻分担的电压变大，电源的电动势不变，故并联部分电压变小，故通过的电流变小，即灯泡变暗；故C正确，ABD错误．故选C．【点睛】由图可知与定值电阻串联后与滑动变阻器并联，再与串联；由滑片的移动可知电路中电阻的变化，则可知电路中总电流的变化，即可知亮度的变化；由串联电路的电压规律可知与定值电阻两端的电压变化；则可得出亮度的变化．2、C【解析】

电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于不知道质点带正电还是带负电，因此无法确定电场的方向，无法判断电势的高低，故A错误．等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，故B错误．从P到Q过程中运动的方向与电场力的方向之间的夹角是钝角，所以电场力做负功，电势能增加，所以带电质点在P点处的动能比在Q点处大；而在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小，故C正确，D错误．故选C．3、C【解析】由静止开始释放，球加速度的大小为球的倍．因为AB之间的库仑力为一对相互作用力，等大反向，根据牛顿第二定律可知，、两个带电小球的质量之比为；当在中点固定一个带电小球，由静止释放、两球，释放瞬间两球加速度大小相等，设AB释放时的距离为2r，若A的加速度方向向右，则根据库仑定律与牛顿第二定律可得对A有：，对B有，综上解得；若A的加速度方向向左，则根据库仑定律与牛顿第二定律可得对A有：，对B有，综上解得，故C正确．4、D【解析】A、物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，故A错误；B、电流国际单位是安培（A），其它还有mA和μA，故B错误；C、1mA=0.001A，故C错误；D、在导体中，电荷无规则的运动不能形成电流，只有定向移动时才会形成电流；而电压是使电荷发生定向移动的原因，也就是形成电流的原因，电源在电路中的作用是使电路两端存在电压，故D正确；故选D．5、B【解析】

根据电场线与等势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的等势点，该等势点在O点的上方，根据沿电场线电势降低可知，O点的电势比Q点的电势高，故A错误；根据电场线分布情况可知，MO间的平均电场强度比ON之间的平均电场强度大，由公式U=Ed可知，M、O间的电势差大于O、N间的电势差，故B正确；M点的电势比Q点的电势高，负电荷由M点移到Q点，电场力做负功，电荷的电势能增加，故C错误．正电荷所受的电场力与该点电场线的切线方向相同，斜向上，故D错误；故选B．6、A【解析】防止静电危害是不让其产生火花、高压，在高大的建筑物顶端安装电视公用天线，是为了便于发射电视信号，在高大的烟囱中安装静电除尘器是利用静电，静电喷漆，不是防静电的，A正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．静止时，对AB球整体进行受力分析，则有：T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq故A正确，B错误；CD．假设B球也不带电，则剪断OA线瞬间，A、B、C三个小球一起以加速度g自由下落，互相相对静止，AB、BC间拉力为0.若B球带负电，则相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，电场力qE对A、B球整体产生一个竖直向下的加速度，此时A、B球的加速度为aA=g+（显然大于g），C球以加速度g保持自由下落，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为T，由牛顿第二定律，则有T+mg=maA解得T=qE故C正确，D错误。

故选AC。8、BC【解析】由动量定理，物块恰好到B点时，，，恰好到圆心等高处时，,恰好到C点时，，，A错误，BC正确；时，物块在C点，，，得，故D错误；故选BC.点睛：此题是动能定理及圆周运动的结合，关键是知道物体通过圆周最高点的条件以及脱离轨道的条件，结合动能定理及牛顿第二定律列方程解答.9、AC【解析】

A．使用欧姆表测电阻确定合适的挡位后要进行欧姆调零，要使红黑表笔相接，调节调零旋钮，使表头的指针指向欧姆刻度的零处，故A正确；BC．红表笔与表内电池负极相接，黑表笔与表内电池正极相连接，故B错误，C正确；D．欧姆表零刻度线在最右侧，测电阻时，表针偏转角度越大，待测电阻值越小，故D错误．10、CD【解析】

由题意可知考查闭合电路欧姆定律，据此分析计算可得。【详解】A．电阻R2被短路，通过R2的电流I2＝0，故A错误；B．R1两端电压U1=，故B错误；C．根据闭合电路欧姆定律可知通过导线L的电流IL=，故C正确；D．使电阻R2断路，通过R1的电流IL=，不发生变化，故D正确。在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线Ｌ，则R2被短接，根据闭合电路欧姆定律计算可得。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）见解析；（2）向左（3）D减小【解析】试题分析：探究电磁感应现象实验电路分两部分，电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路．磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反；副线圈上的感应电动势，是通过两个线圈间的互感现象产生的，所以原线圈上的电流应该是变化的，应为交流电流，电压为交流电压．副线圈上的感应电流（感应电动势）也应该是交流．（1）①探究电磁感应现象实验电路分两部分，要使原线圈产生磁场必须对其通电，故电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路，如图所示：②闭合开关瞬间，通过线圈B的磁通量增大，感应电流磁场阻碍原磁场的增大，感应电流方向和圆电流方向相反，电流计向右偏，而把A从B中拔出来时，通过线圈的B的磁通量减小，感应电流的磁场要阻碍原磁场的减小，即感应电流方向和原电流方向相同，故电流计向左偏转．（2）变压器的工作原理是互感现象，故原线圈接交流电压，输出电压也是交流电压，故电表用交流电压挡，故ABC错误，D正确；

（2）根据变压比公式，保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压减小；12、（1）在活塞上涂润滑油，（2）1.5，（3）C【解析】

（1）能够运用控制变量法研究两个物理量变化时的关系时，注意实验中的操作步骤和一些注意事项；（2）由玻意尔定律分析气体的压强；（3）在实验过程中随时间延长，导致注射器内气体温度升高，故象的斜率逐渐增大．【详解