2027届合肥市第四十八中学物理高二第一学期期中调研试题含解析

2027届合肥市第四十八中学物理高二第一学期期中调研试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示．一个电量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v～t图象如图乙所示，其中B点处为整

条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的（）A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强B．由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点的过程中，电势逐渐升高D．AB两点电势差

V2、如图所示，在相距为d的两个等高处，固定着电量分别为-Q和+Q的两个等量异种点电荷，在它们连线的水平中垂线上固定一根长为L，内壁光滑的绝缘细管，现有一电量为+q的小球以初速度v0从管口射入，已知静电力常量为k，则下列说法正确的是()A．小球的速度一直减小B．受到的库仑力先做负功后做正功C．小球的电势能保持不变D．管壁对小球的弹力最大值为3、关于静电场下列说法中正确的是A．将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定增加B．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，静电力做的正功越多，电荷在该点的电势能越大C．在同一个等势面上的各点，场强的大小必然是相等的D．电势下降的方向就是电场场强的方向4、下列说法与物理学史实不符的是()A．卡文迪许首先在实验室测出了万有引力常量B．奥斯特首先发现了电流的磁效应C．楞次首先提出了磁场对运动电荷有力作用D．法拉第首次发现了电磁感应现象，并制作了圆盘发电机5、如图所示的实验装置中，平行板电容器两极板的正对面积为S，两极板的间距为d，电容器所带电荷量为Q，电容为C，静电计指针的偏转角为φ，平行板中间悬挂了一个带电小球，悬线与竖直方向的夹角为θ，下列说法正确的是（）A．若增大d，则φ减小，θ减小B．若增大Q，则φ减小，θ不变C．在两板间插入云母片时，则φ减小，θ不变D．将A板向上提一些时，φ增大，θ增大6、在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向下移动时，则()A．A灯变亮、B灯变亮、C灯变亮B．A灯变亮、B灯变亮、C灯变暗C．A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗D．A灯变亮、B灯变暗、C灯变亮二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两平行光滑金属导轨CD、PQ间距为L，与电动势为E、内阻为r的电源相连，质量为m、电阻为R的金属棒ab垂直于导轨放置构成闭合回路，回路平面与水平面成角，回路其余电阻不计．在空间施加匀强磁场可以使ab棒静止，则磁场的磁感应强度的值及其方向可能为()A．，竖直向上B．，垂直于回路平面向下C．，竖直向下D．，垂直于回路平面向上8、在如图所示的电路中，电流表的内阻很小可忽略不计．则利用此电路（）A．若已知R1、R2的阻值，且R1≠R2，可以测定电源电动势和内电阻B．若已知R1、R2的阻值，且R1≠R2，只能测定电源电动势不能测电源内电阻C．若已知R1、R2的阻值，且R1=R2，可以测定电源电动势和内电阻D．若已知电源电动势E及R1的阻值，可以测量电阻R2的阻值和电源内电阻9、如图所示，一直流电动机与阻值R＝9Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E＝30V，内阻r＝1Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U＝10V，已知电动机线圈电阻RM＝1Ω，则下列说法中正确的是A．通过电动机的电流为10AB．电动机的输入功率为20WC．电源的输出功率为40WD．电动机的输出功率为16W10、如图所示，木块AB用轻弹簧连接，放在光滑的水平面上，A紧靠墙壁，在木块B上施加向左的水平力Ｆ，使弹簧压缩，当撤去外力后()A．A尚未离开墙壁前，AB系统的动量守恒；B．A尚未离开墙壁前，弹簧和B系统的机械能守恒C．A离开墙壁后，AB系统动量守恒；D．A离开墙壁后，AB系统机械能守恒．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法．若所用电压表内阻约为5000Ω，电流表内阻约为0.5Ω．(1)当测量100Ω左右的电阻时，宜采用________电路．(2)现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，则此电阻的测量值为___Ω，______（大于或者小于）真实值．12．（12分）在探究磁场产生电流的条件，做了下面实验：（1）实验（一）如图甲研究对象：由线圈，电流表构成的闭合回路。磁场提供：条形磁铁。请完成下面实验操作及观察到现象。偏转涂A，不偏转涂B。磁铁的动作电流表的指针（偏转或不偏转）条形磁铁插入线圈过程条形磁铁插入线圈中静止条形磁铁取出线圈过程表中三空分别为：_____；______；_______.（2）实验（二）如图乙研究对象：线圈B和电流表构成的闭合回路磁场提供：通电线圈A请完成下面实验操作填写观察到现象。偏转涂A，不偏转涂B。电路改变情况电流表的指针（偏转或不偏转）断开开关，移动变阻器滑片接通开关瞬间接通开关，移动变阻器滑片接通开关，变阻器滑片不移动断开开关瞬间表中五空分别为：____；_____；______；______；______；（3）由上两个实验我们得出磁场产生感应电流的条件是_______A．穿过闭合电路有磁场B．穿过闭合电路有磁场量C．穿过闭合电路的磁通量发生变化D．磁通量发生变化四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在一水平向右的匀强电场中，用一绝缘细线系一带正电小球，小球的质量为m、电荷量为q，为保证当细线与竖直方向的夹角为θ=60°时，小球处于静止状态，求：(1)电场强度的大小。(2)细线拉力的大小。14．（16分）有一金属丝,长1米,电阻为15欧.现将金属丝两端连接成一个闭合圆环,在圆环上取两点P.Q.已知短圆弧长20厘米,(1)P.Q之间的电阻。(2)若在圆环上P.Q两点加上10伏的电压,请你计算通过P.Q长圆弧和短圆弧中的电流。15．（12分）如下图所示，两根互相平行的光滑金属导轨位于水平面内，相距为L＝0.5m，在导轨的一端接有阻值为R＝0.8Ω的电阻，在x≥0一侧存在一与水平面垂直的均匀磁场，磁感应强度B＝2T．一质量m＝2kg的金属杆垂直放置在导轨上，金属杆的电阻r＝0.2Ω，导轨电阻不计．当金属杆以v0＝1m/s的初速度进入磁场的同时，受到一个水平向右的外力作用，且外力的功率恒为P＝36W，经过2s金属杆达到最大速度．求：（1）金属杆达到的最大速度vm（2）在这2s时间内回路产生的热量Q

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A、速度时间图像中图线的斜率表示加速度，加速度越大，则受到的电场力越大，即电场强度越大，故在B点的加速度最大，其大小为，根据牛顿第二定可得，解得，故A错误；B、从C到A过程中速度增大，即动能增大，电场力做正功，电势能减小，同一正电荷的电势能减小，则电势减小，故BC错误；D、从图中可知A、B两点的速度分别为：，物块在B到A过程，根据动能定理得：，得到：，则，故D正确．2、C【解析】

电荷量为+q

的小球以初速度v0

从管口射入的过程，因电场力不做功，只有重力做功；根据动能定理，故加速度不变，速度不断增加；故A错误；小球有下落过程中，库仑力与速度方向垂直，则库仑力不做功，小球的电势能保持不变；故B错误，C正确；在两个电荷的中垂线的中点，单个电荷产生的电场强度为：；根据矢量的合成法则，则有电场强度最大值为，因此电荷量为+q

的小球受到最大库仑力为，管壁对小球的弹力最大值为，故D错误；故选C．3、B【解析】试题分析：将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定减小，选项A错误；无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，静电力做的正功越多，电荷在该点的电势能越大，选项B正确；在同一个等势面上的各点，场强的大小不一定是相等的，例如等量异种电荷连线的中垂线上各点，选项C错误；沿场强的方向电势一定下降，但是电势下降的方向不一定是电场场强的方向，选项D错误；故选B．考点：场强与电势【名师点睛】对于电势与场强的理解，要抓住电势与场强没有直接的关系，匀强电场中，场强处处相等，电势不是处处相等．匀强电场中的等势面与电场线垂直．匀强电场中，各点的场强都相等，各点的电势可能相等，也可能不等．电势降低的方向不一定电场强度方向．电势降低最快的方向一定是电场强度的方向．4、C【解析】

卡文迪许首先在实验室测出了万有引力常量，选项A正确；奥斯特首先发现了电流的磁效应，选项B正确；洛伦兹首先提出了磁场对运动电荷有力作用，选项C错误；法拉第首次发现了电磁感应现象，并制作了圆盘发电机，选项D正确，此题选择不正确的选项，故选C.5、D【解析】平行板电容器的电容决定式：，定义式：，静电计（也叫”电势差计“），它的偏转角度与电压U成正比。由上述两个公式得，若增大两极板的间距d，S不变（ε、Q也不变），则C变小，在Q不变的条件下U增大，增大，又，故E不变，电场力不变，小球的平衡状态不变，故θ不变，故A选项错误；若增大Q，电容器的电容C不变，则U增大，增大，电场强度增大，则电场力增大，故θ增大，所以B选项错误；在两板间插入云母片时，增大，则C变大，电压U必减小，减小，θ减小，则C选项错误。将A板向上提一些时，即d、ε、Q不变时，S减小，那么则C变小，电压U必增大，增大，电场强度增大，则电场力增大，故θ增大，所以D选项正确；故选D。6、D【解析】试题分析：滑动变阻器滑片P从上向下移动时，电路总电阻减小，电流总电流增大，所以通过A灯的电流增大，A两端的电压增大，所以A灯变亮，路端电压减小，所以并联电路的电压减小，故B两端的电压减小，所以B灯变暗，总电流时增大的，同过B的电流是减小的，所以通过C的电流增大，故C等变亮，D正确，故选D考点：考查闭合电路的动态变化点评：本题难度较小，电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

对导体棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如图所示：A、根据左手定则可知，当磁场的方向竖直向上时，安培力的方向向左，棒不可能达到平衡，故A错误；B、当磁场方向垂直于回路平面向下时，安培力的方向沿斜面向上，根据受力分析图可知此时安培力最小；故安培力的最小值为：，故磁感应强度的最小值为：;根据闭合电路欧姆定律，有：，故有：故B正确；C、当磁场方向竖直向下时，安培力的方向水平向右，此时：，故磁感应强度：故C正确；D、根据左手定则，磁场方向垂直于回路平面向上时，安培力的方向沿斜面向下，棒不可能达到平衡；故D错误故选BC．8、AD【解析】

开关接1时，由闭合电路欧姆定律可得：

开关接2时，由闭合电路欧姆定律可得：

AB．若已知的阻值，且，因电流值可以测出，故可以测定电源电动势和内电阻，故A正确，B错误；

C．若，则两方程相同，故无法测定电源的电动势和内电阻，故C错误；

D．若已知电源电动势E及的阻值，根据方程可以测量电阻的阻值和电源内电阻，故D正确．9、BD【解析】

根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I（r+R）解得：，故A错误；电源的输出功率P=IE-I2r=56W，故C错误；电动机的输入功率：P入=UI=10×2=20W；电动机的热功率：P热=I2RM=22×1=4W；电动机的输出功率：P出=P-P热=UI-I2RM=10×2-22×1=16W；故BD正确；故选BD．对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路．电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．10、BC【解析】

A．当撤去外力F后，A尚未离开墙壁前，系统受到墙壁的作用力，系统所受的外力之和不为零．所以A和B组成的系统的动量不守恒，故A错误；B．以A、B及弹簧组成的系统为研究对象，在A离开墙壁前，除了系统内弹力做功外，无其他力做功，系统机械能守恒，故B正确；C．A离开墙壁后，A、B系统所受的外力之和为0，所以A、B组成的系统的动量守恒，故C正确；D．在A离开墙壁后，对A、B及弹簧组成的系统，除了系统内弹力做功外，无其他力做功，A、B及弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、甲20偏小【解析】试题分析：由于待测电阻满足，所以电流表应用内接法，即应采用甲电路；采用甲电路时，电阻测量值为；考虑电压表的分流作用，待测电阻的真实值应为，比较可知测量值比真实值偏小．【点睛】本题的关键是明确根据比较与的大小来选择内外接法，考虑实验误差时，只需将电表的内阻考虑在内，然后再根据串并联规律讨论即可．12、（1）ABA（2）BAABA（3）C【解析】（1）由试验一电路图可知，线圈与电流表组成闭合回路，电流表指针偏转说明电路中有感应电流产生；电流表指针不偏转，说明电路中没有感应电流产生；由表中信息可知：当条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，电流表偏转，产生感应电流；当条形磁铁静止在线圈内不动时，穿过线圈的磁通量不变，电流表不偏转，没有产生感应电流；故三