2027届吉林省通榆县第一中物理高二上期中教学质量检测试题含解析

2027届吉林省通榆县第一中物理高二上期中教学质量检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、近几年来，人们特别重视对太阳能的研究与利用，下面列举的能源中，哪些与太阳能无关（）A．石油B．风能C．水力发电D．核能2、如图所示,充电后与电源分离的平行板电容器,其正极板接地,在极板间P点有一带电量为q的油滴处于静止状态。现将B板移至虚线处,则A．油滴带负电 B．油滴加速上升C．油滴仍保持静止 D．两板间电压不变3、·如图，平行板电容器两极板的间距为d，极板与水平面成45°角，上极板带正电．一电荷量为q（q>0）的粒子在电容器中靠近下极板处，以初动能Ek0竖直向上射出．不计重力，极板尺寸足够大．若粒子能打到上极板，则两极板间电场强度的最大值为A． B．C． D．4、如图所示，甲、乙两图分别有等量同种的电荷A1、B1和等量异种的电荷A1、B1．在甲图电荷A1、B1的电场中，a1、O1、b1在点电荷A1、B1的连线上，c1、O1、d1在A1、B1连线的中垂线上，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1；在乙图电荷A1、B1的电场中同样也存在这些点，它们分别用a1、O1、b1和c1、O1、d1表示，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1．则A．a1、b1两点的场强相同，电势相同B．c1、d1两点的场强相同，电势相同C．a1、b1两点的场强相同，电势相同D．c1、d1两点的场强相同，电势相同5、在电梯加速上升的过程中，站在电梯里的人A．所受支持力做正功，机械能增加B．所受支持力做正功，机械能减少C．所受支持力做负功，机械能增加D．所受支持力做负功，机械能减少6、如图所示为滑动变阻器的示意图，下列说法中正确的是()A．a和b串联接入电路时，P向右移动电流增大B．b和c串联接入电路时，P向右移动电流减小C．b和d串联接入电路时，P向右移动电流增大D．a和c串联接入电路时，P向右移动电流增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、图中虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为2V。一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV。下列说法正确的是（）A．平面c上的电势为零B．该电子可能到达不了平面fC．该电子经过平面d时，其电势能为4eVD．该电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍8、下表列出了不同品牌电冰箱和电风扇铭牌上的主要项目．容声冰箱BCD-208B/HC格力电风扇KYTA-30A总有效容积：208L冷冻室有效容积：97L冰冻能力：5.25kg/24h电源：220V/50Hz额定输入功率：140W耗电量：1.00kW·h/24h净重：58kg额定电压：220V工作频率：50Hz扇叶直径：300mm输出风量：＞50m3/min功率：50W净重：4.0kg毛重：5kg根据铭牌上提供的信息，可以判断（）A．一天内连续运转的电风扇比正常工作的电冰箱消耗的电能多B．一天内正常工作的电冰箱比连续运转的电风扇消耗的电能多C．电风扇额定电流比电冰箱大式D．电风扇额定电流比电冰箱小9、质量为m、速度为v的A球与质量为4m的静止的B球发生正碰．碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，碰撞后B球的速度大小可能是A．0.2v B．0.3vC．0.6v D．v10、如图所示电路中，开关闭合稳定后，某时刻理想电压表和电流表的读数都突然增大，造成这一现象的原因是电阻元件发生短路或断路故障，则可能出现了下列哪种故障（）A．R1断路 B．R1短路 C．R2断路 D．R3短路三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学要测量一新材料制成的均匀圆柱体的电阻率ρ.完成下列部分步骤：(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度，如图甲所示，由图可知其长度为_____mm.甲乙(2)用螺旋测微器测量其直径，如图乙所示，由图可知其直径为_________mm.(3)用多用电表的电阻“×10”挡按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值约为________Ω.(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1(量程0～6mA，内阻约50Ω)；电流表A2(量程0～15mA，内阻约30Ω)；电压表V1(量程0～3V，内阻约10kΩ)；电压表V2(量程0～15V，内阻约25kΩ)；直流电源E(电动势4V，内阻不计)；滑动变阻器R1(阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A)；滑动变阻器R2(阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A)；开关S，导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在虚线框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．12．（12分）某同学用如图所示可拆变压器做实验（两幅图分别是实物图和所连的电路图）。将单刀双掷开关打到1，增大副线圈匝数，小灯泡的亮度将______填“变亮”、“变暗”或“不变”。该同学利用该装置进一步探究电容器对交变电流的影响，他将开关打到2，小灯泡发光，现增大输入端的交流电源频率，小灯泡的亮度____填“变亮”、“变暗”或“不变”。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，地面光滑，质量为m1的A物块，以v0=10m/s的速度向右匀速运动，质量分别为m2、m3的物块B与C，由轻质并且处于原长状态的弹簧相固连，B、C和弹簧初始静止放置，某时刻A与B碰撞后立刻粘在一起已知m1=2kg，m2=m3=3kg(1)A与B碰撞粘在一起后瞬间的速度大小;(2)此后运动过程中，弹簧被第一次压缩到最短时的弹性势能大小．14．（16分）如图所示，在空间有一坐标系xOy，直线OP与x轴正方向的夹角为30°，第一象限内有两个大小不同、方向都垂直纸面向外的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，直线OP是它们的边界，OP上方区域Ⅰ中磁场的磁感应强度为B。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子(不计重力)以速度v从O点沿与OP成30°角的方向垂直于磁场进入区域Ⅰ，质子先后通过磁场区域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直打在x轴上的Q点(图中未画出)，试求：（1）区域Ⅱ中磁场的磁感应强度大小；（2）Q点的坐标。15．（12分）直流电动机在生产、生活中有着广泛的应用．如图所示，一直流电动机M和电灯L并联之后接在直流电源上，电动机内阻r1＝0.5Ω，电灯灯丝电阻R＝9Ω(阻值认为保持不变)，电源电动势E＝12V，内阻r2＝1Ω，开关S闭合，电动机正常工作时，电压表读数为9V．求：(1)流过电源的电流；(2)流过电动机的电流；(3)电动机对外输出的机械功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A.石油是由古代生物遗体形成的，与太阳能有关，故A错误；C.水的循环是靠太阳照射形成的，故C错误；B.风的形成也是因为太阳照射不同的地方形成压强差产生的，故B错误；D.核能是原子核内部的能量，是原子核发生裂变或聚变时产生的能量，故D正确。故选：D。2、C【解析】

A．油滴处于静止状态，油滴受重力，电场力，所以电场力方向向上，由图可知，电场强度方向向上，所以油滴带正电，故A错误；BC．由公式，，可得所以板间场强不变，油滴仍处于静止状态，故B错误，C正确；D．由公式可知，板间距离变小，电容变大，由公式可知，板间电压变小，故D错误。3、B【解析】试题分析：当电场足够大时，粒子打到上极板的极限情况为：粒子到达上极板处时速度恰好与上极板平行，粒子的运动为类平抛运动的逆运动．将粒子初速度v0分解为垂直极板的vy和平行极板的vx，根据运动的合成与分解，当时，根据运动学公式有，，，联立得，故B正确．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．【名师点睛】根据带电粒子在电场中的类平抛运动规律，沿电场方向的匀减速运动，结合粒子到达上极板时的临界条件，利用动能定理和运动学公式解答．4、D【解析】试题分析：由等量同种电荷的电场分布可知，a1、b1两点的电势相同，场强大小相同，但是方向不同，选项A错误；c1、d1两点的电势相同，场强大小相同，但是方向不同，选项B错误；由等量异种电荷的电场分布可知，a1、b1两点的场强相同，电势不相同，选项C错误；c1、d1两点的场强相同，电势相同，选项D正确.考点：电场强度；电势.5、A【解析】由于人加速上升，合力向上，所以支持力要大于人的重力，支持力的方向与人的位移的方向相同，所以支持力对人做了正功，人的机械能增加，所以BCD错误，A正确．故选A．点睛：本题考查了机械能守恒的条件，当除重力和弹力外的其它力对物体做正功时，物体的机械能就要增加，做负功时，物体的机械能就要减小．6、C【解析】试题分析:当a和b接入电路时，接入电路的电阻为ab的全部电阻，其长度不变，当P向右滑动时，电阻不变，电流不变．故A错误；当b和c接入电路时，接入电路的电阻为Pb部分的电阻，P向右滑动时，其长度减小，接入电路的电阻减小，电流变大，故B错误；当b和d接入电路时，接入电路的电阻为Pb部分的电阻，P向右滑动时，其长度减小，接入电路的电阻减小，电流变大，故C正确；当a和c接入电路时，接入电路的电阻为aP部分的电阻，P向右滑动时，其长度增大，接入电路的电阻增大，电流变小，故D错误．考点：滑动变阻器二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

A．虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV，动能减小了6eV，电势能增加了6eV，因此a、b、c、d、f相邻两个等势面间的电势差为2V，因平面b上的电势为2V，由于电子的电势能增加，等势面电势由a到f是降低的，因此平面c上的电势为零，故A正确；B．由上分析可知，当电子由a向f方向运动，则电子到达平面f的动能为2eV，由于题目中没有说明电子如何运动，因此也可能电子在匀强电场中做抛体运动，则可能不会到达平面f，故B正确；C．在平面b上电势为2V，则电子的电势能为-2eV，动能为8eV，电势能与动能之和为6eV，当电子经过平面d时，动能为4eV，其电势能为2eV，故C错误；D、电子经过平面b时的动能是平面d的动能2倍，电子经过平面b时的速率是经过d时的倍，故D错误。故选AB。考查电场力做功与电势能变化的关系，掌握电势能与动能之和不变，理解电势为零处的电势能为零是解题的关键。8、AD【解析】从铭牌看出容声冰箱的耗电量：W=1.00kW•h/24h；格力电风扇功率：50W，24h耗电量为：W′=Pt=50W×24h=1200Wh=1.2KW•h；故一天内连续运转的电风扇比正常工作的电冰箱消耗的电能多，故A正确，B错误；从铭牌看出容声冰箱的额定输入功率：140W；格力电风扇功率：50W；根据P=UI，电风扇额定功率小，故电风扇额定电流比电冰箱小，故C错误，D正确；故选AD．9、AB【解析】

A与B碰撞的过程中二者组成的系统的动量守恒，规定A球初速度方向为正方向，若为完全非弹性碰撞，则：mv=（m+4m）⋅v′所以：v′=0.2v若为弹性碰撞，由动量守恒得：mv=mvA+4m⋅vB由机械能守恒得：联立得：根据碰撞的特点可知，碰撞后B的速度的范围：0.2v⩽vB⩽0.4vA.0.2v与计算结果相符，故A正确。B.0.3v与计算结果相符，故B正确。C.0.6v与计算结果不符，故C错误。D.v与计算结果不符，故D错误。10、AD【解析】

A．若R1断路，则外电路电阻增大，电路中电流减小，路端电压将增大，加在R2两端电压增大；则电流表的示数也将增大，故A正确；

BCD．若R1或R2短路，则电压表被短路，电压表示数应为零；只有R3短路时，电压表接在电源两端，测量值为电源的输出电压，故电压表示数变大；同时因电路中电阻减小，故电路中电流增大，故D正确，BC错误。

故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.154.700220【解析】(1)游标卡尺的主尺读数为50mm，游标读数为0.05×3=0.15mm，所以最终读数为50.15mm.(2)螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为4.700mm.(3)欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，即R=22Ω×10=220Ω；(4)根据欧姆定律，最大电流：I=4/220≈18.2mA，故电流表选择A2；电源电动势4V，故电压表选择V1；要求测得多组数据进行分析，滑动变阻器采用分压式接法，用小电阻控制大电阻，故滑动变阻器选择R1。因待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法；电路图如图所示：12、变亮

变亮【解析】

将单刀双掷开关打到1，增大副线圈匝数，根据原副线圈电压与其匝数成正比，当增大副线圈匝数，小灯泡的电压增大，那么小灯泡的亮度将变亮；将开关打到2，小灯泡发光，根据容抗公式，现增大输入端的交流电源频率，则容抗减小，通过电容器的电流更大，灯泡会变亮；解决本题的关键知道容抗对交流电的阻碍作用的大小与什么因素有关．明确容抗的决定因素可以帮助定性分析．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)v=4m/【解析】

（1）根据AB系统动量守恒求出碰后AB的速度；（2）从AB碰后到三者共