江西省南昌市新建区第一中学2027届物理高二第一学期期中达标测试试题含解析

江西省南昌市新建区第一中学2027届物理高二第一学期期中达标测试试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用，下列说法中，不正确的是A．奥斯特实验说明电流具有磁效应，首次揭示了电和磁之间存在联系B．直流电流、环形电流、通电螺线管的磁场均可用安培定则判断C．通电螺线管外部的磁场与条形磁铁的磁场十分相似，受此启发，安培提出了著名的分子电流假说D．洛伦兹力方向可用左手定则判断，此时四指指向与电荷运动方向一致2、我国首个火星探测器将于2020年在海南文昌发射场用“长征”五号运载火箭实施发射，一步实现火星探测器的“绕、着、巡”，假设将来中国火星探测器探测火星时，经历如图所示的变轨过程，关于这艘飞船的下列说法正确的是（）A．飞船在轨道Ⅱ上运动时，经过P点时的速度小于经过Q点时的速度B．飞船在轨道Ⅱ上运动时的机械能大于在轨道Ⅲ上运动时所具有的机械能C．飞船在轨道Ⅲ上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D．飞船在轨道I上经过P点时的速度小于飞船在轨道Ⅱ上经过P点时的速度3、如图所示圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率沿着AO方向对准圆心O射入磁场，其运动轨迹如图所示．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A．a粒子速率最大B．c粒子在磁场中运动的时间最长C．c粒子速率最大D．它们做圆周运动的周期4、下列关于电流的说法中，正确的是（）A．电荷的移动形成电流B．电流可以是正、负电荷向相反方向移动形成的C．电流的方向就是电荷定向移动的方向D．电流总是从电源正极流向负极.5、如图所示，直线a为某电源与可变电阻连接成闭合电路时的路端电压U与干路电流I的关系图象，直线b为电阻R两端电压的U与通过它的电流I的图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别为（）A．4W、33.3% B．2W、33.3%C．4W、67% D．2W、67%6、已知通过三个并联支路的电流之比I1∶I2∶I3＝1∶2∶3，则三个并联支路的电阻之比R1∶R2∶R3为A．6∶3∶2 B．2∶3∶6C．1∶2∶3 D．2∶3∶1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是用涡流金属探测器探测地下金属物的示意图，下列说法中正确的是（）A．探测器内的探测线圈会产生交变磁场B．只有有磁性的金属物才会被探测器探测到C．探测到地下的金属是因为探头中产生了涡流D．探测到地下的金属物是因为金属物中产生了涡流8、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器，四个电表均为理想电表。当R2的滑动触点在a端时合上开关S，将滑动触点向b端移动的过程中，各表示数变化正确的是()A．A1的示数减小，V1的示数增大B．A1的示数增大，V1的示数减小C．A2的示数增大，V2的示数减小D．A2的示数减小，V2的示数增大9、如图所示电路，R1、R2、R3为三个可变电阻，闭合电键后，电容器C1、C2所带电量分别为Q1和Q2，电源电阻不能忽略，下面判断正确的是（）A．仅将R1增大，Q1和Q2都将增大B．仅将R2增大，Q1和Q2都将增大C．仅将R3增大，Q1和Q2都将不变D．突然断开开关S，通过R3的电量为Q1+Q210、如图所示，竖直平面内固定一半径为R的四分之一圆弧轨道，一可视为质点的小滑块从圆弧顶端沿轨道滑至底端。关于此过程下列说法正确的是A．小滑块的位移大小是RB．小滑块的位移大小是C．小滑块的路程是2RD．小滑块的路程是三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示为验证动量守恒的实验装置示意图．若入射小球质量为，半径为；被碰小球质量为，半径为则______A.

C.

为完成此实验，以下所提供的测量工具中必需的是______填下列对应的字母A.直尺

游标卡尺

天平

弹簧秤

秒表设入射小球的质量为，被碰小球的质量为为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式用、及图中字母表示______成立，即表示碰撞中动量守恒．12．（12分）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A．待测的干电池（电动势约1.5V，内电阻约1.0）B．电压表V（量程0—3V，内阻RV约为1000）C．电流表A（量程0—0.6A，内阻RA约为1）D．滑动变阻器R1（0—20，10A）E.滑动变阻器R2（0—200，1A）F.开关和导线若干（1）某同学设计了如图甲所示的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是_________图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选________（填写器材前的字母代号）．（2）通电前应该把变阻器的阻值调至_______（填“最左边”或“最右边”）（3）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的U—I图线，则由图线可得被测电池的电动势E=_______V，内阻r=________．（结果保留3位有效数字）（4）考虑电表内阻的影响，按正确图示的方式连接所测得的电源电动势和电源电动势的真实值的关系为：E测______E真（填“大于”、“等于”、或“小于”）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×10-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.001J，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成①A、B两点间的电势差UAB②该匀强电场的电场强度E．14．（16分）如图所示的电路，A、B之间电压保持不变，两个电压表的示数均为35V，如果将两个电压表的位置对调，则电压表V1的示数为30V，电压表V2的示数为40V，求两个电压表的电阻分别是多少？15．（12分）如图所示，一束电子流在经U1=5000V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，若两板间距d=1.0cm，板长L=5.0cm，发现电子恰好能从平行板间飞出．电子的比荷e/m=1.76×1011C/kg．问：（1）电子进入平行板时的速度v0多大？（2）两个极板间的电压U2有多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】奥斯特通过通电导线对小磁针的作用，说明了电流的磁效应，揭示了电和磁之间的关系，A正确；电流周围的磁场方向，都是通过右手螺旋定则判断的，B正确；安培通过通电螺线管周围的磁场与条形磁场的关系提出了分子电流假说，C正确；洛伦兹力的方向是利用左手定则判断的，其中四指指向正电荷的运动方向，D错误．2、D【解析】

A．根据开普勒定律知飞船在椭圆轨道Ⅱ上运动时，在离火星最近的P点速度大于最远的Q点的速度，故A错误；B．飞船往高轨道运动需要点火加速，飞船在轨道Ⅱ上运动时的机械能小于在轨道Ⅲ上运动时所具有的机械能，故B错误；C．不管在那个轨道上，飞船在P点受到的万有引力是相等的，所以加速度相等，故C错误；D．飞船从轨道I上变轨到轨道Ⅱ上，需要在P点加速，所以轨道I运动时的速度小于轨道Ⅱ上速度，故D正确。3、C【解析】试题分析：粒子在磁场中做匀速圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得，解得：．由于三个带电粒子的质量、电荷量均相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，由图示可知，粒子的轨道半径最小，粒子的轨道半径最大，则的粒子速率最小，粒子的速率最大，故A错误，C正确；粒子在磁场中做圆周运动的周期：，粒子在磁场中的运动时间：，三粒子运动周期相同，由图示可知，在磁场中运动的偏转角最大，对应时间最长，故BD错误．考点：带电粒子在磁场中的运动【名师点睛】带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确定速率的大小；运动的周期均相同的情况下，可根据圆弧的对应圆心角来确定运动的时间的长短．4、B【解析】A、电荷的定向移动形成电流，电荷的移动不一定能形成电流，如电荷的无规则运动不会形成电流，故A错误；

B、电流是电荷的定向移动形成的，电流可以是正、负电荷向相反方向移动形成的，故B正确；

C、正电荷的定向移动方向定义为电流的方向，负电荷的定向移动方向与电流方向相反，故C错误；

D、在电源外部电流从电源正极流向电源负极，在电源内部电流由负极流向正极，因此电流并不总是从电源正极流向负极，故D错误。点睛：本题考查了电流的形成及电流的方向问题，是一道基础题。5、C【解析】

由图象a可知电源的电动势E=3V，短路电流为6A，该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V，电流I=2A电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，根据得：电源的总功率为：所以效率为：故选C6、A【解析】

三个并联支路的电压相等，根据欧姆定律U=IR得，电流I与电阻R成反比。电流之比I1：I2：I3=1：2：3，则电阻之比R1：R2：R3=6：3：2A．6∶3∶2与分析相符，故A正确。B．2∶3∶6与分析不符，故B错误。C．1∶2∶3与分析不符，故C错误。D．2∶3∶1与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

探测器内线圈通有变化电流产生变化磁场，若探测器附近有金属，则金属物中会产生涡流，涡流磁场反过来影响线圈中的电流，使仪器报警。A：探测器内的探测线圈会产生交变磁场，故A项正确；B：金属物均会被探测器探测到，故B项错误；CD：探测器附近有金属，则金属物中会产生涡流，涡流磁场反过来影响线圈中的电流，使仪器报警，故C错误，D正确。故选AD。8、AC【解析】

R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数U2减小，R3电压U1增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，即A1的示数减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，即A2的示数变大。A．A1的示数减小，V1的示数增大，与结论相符，选项A正确；B．A1的示数增大，V1的示数减小，与结论不相符，选项B错误；C．A2的示数增大，V2的示数减小，与结论相符，选项C正确；D．A2的示数减小，V2的示数增大，与结论不相符，选项D错误；9、BCD【解析】

A．增大R1，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电容器C1两端电压增大，C2两端电压减小，电容器所带电量Q1增大，Q2减小，故A错误；B．增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R1两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电容器C1、C2两端电压变大，由Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；C．增大R3，整个电路电阻不变，Q1和Q2都将不变，故C正确；D．突然断开开关S，两个电容器都放电，通过R3的电量为Q1+Q2，故D正确。10、BD【解析】

AB．位移是从起点指向终点的有向线段的长度，则小滑块的位移大小是，选项A错误，B正确；CD．路程是轨迹长度，则小滑块的路程是，选项D正确，C错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)C(2)AC(3)【解析】

（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；（2）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【详解】（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2

在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22

解得v1=v0

要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1-m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2，故选C

（2）P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1＝；碰撞后入射小球的速度v2＝；碰撞后被碰小球的速度v3＝；若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，代入数据得：m1=m1+m2，所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平；故选AC．（3）若关系式m1=m1+m2成立，即表示碰撞中动量守恒．本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证．12、（1）b；D；(2)最右边；(3)1.45(1.44--1.46)；1.00(0.957--1.05)；(4)小于【解析】试题分析:（1）由于干电池的内阻很小，所以采用图b的方法，更合理；同理滑动变阻器的最大值小一些更合理一些，故应该选D．（2）通电前应该把变阻器的阻值调至最大，也就是最右边．（3）电源的U-I图象中，与纵轴（U轴）的交点是电源电动势，故电源电动势值为1.45V，电源内阻是斜率，故电源内阻为1.00Ω．(4)由于电压表的分流作用，电源电动势测量值小于电动势的真实值．考点：测电源电动势和内电阻四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在