广东省佛山市佛山一中2027届物理高二上期中质量检测试题含解析

广东省佛山市佛山一中2027届物理高二上期中质量检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、远距离输电都采用高压输电，其优点是A．可增大输电电流B．可加快输电速度C．可增大输电功率D．可减少输电线上的能量损失2、两个相同的电阻R，当它们串联后接在电动势为E的电源上，通过一个电阻的电流为I；若将它们并联后仍接在该电源上，通过一个电阻的电流仍为I，则电源的内阻为()A．4R B．RC． D．无法计算3、空气中的负氧离子对于人的健康极为有益．有的氧吧通常采用人工产生负氧离子使空气清新，从而使顾客愉悦．其最常见的是采用电晕放电法，如图所示，一排针状负极和环形正极之间加上直流高压电，电压达5000V左右，使空气发生电离，从而产生二价负氧离子．在负极后面加上小风扇，将大量负氧离子排出，使空气清新化，针状负极与环形正极间距离为5mm,且视为匀强电场，电场强度为E,电场对负氧离子的作用力为F，则（）A．E＝103N/C，F＝1.6×10-16NB．E＝106N/C，F＝1.6×10-16NC．E＝103N/C，F＝3.2×10-13ND．E＝l06N/C，F＝3.2×10-13N4、如图所示，质量为m的足球在地面l的位置被踢出后落到地面3的位置，在空中到达的最高点2的高度为h．则A．足球由l到2过程中动能变大B．足球由l到2过程中动能变小C．足球由2到3过程中重力势能变大D．足球在位置2时动能最大5、下列说法中正确的是A．电流的方向就是电荷移动的方向B．电源电动势的大小反映的是电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C．电场中某点的电场强度为零，该点的电势也一定为零D．由R＝可知，电阻与电压成正比，与电流成反比6、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们所带的电荷量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，它们之间的相互作用力变为（）A．F B．2F C．4F D．16F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、欧姆表调零后，用“×10”档测量一个电阻的阻值，发现指针偏转角度很小，则下列说法和做法中正确的是（）A．这个电阻的阻值很大B．这个电阻的阻值很小C．为测得更准确些，应当换用“×1”档，并且重新调零后进行测量D．为测得更准确些，应当换用“×100”档，并且重新调零后进行测量8、两个带等量正电荷的小球（可视为点电荷）固定在图中a、b两点，MN为ab连线的中垂线，交直线ab于O点，A为MN上的一点。取无限远处的电势为零，一带负电的试探电荷q仅在静电力作用下运动，则（）A．若q从A点由静止释放，其将以O点为对称中心做往复运动B．若q从A点由静止释放，其在由A点向O点运动的过程中加速度先增大后减小C．q由A点向O点运动时，其动能逐渐增大，电势能逐渐减小D．若在A点给q一个合适的初速度，它可以做匀速圆周运动9、如图甲所示，一个圆形线圈的匝数n=100，线圈面积S=200cm2，线圈的电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示．下列说法中正确的是（）A．电阻R两端的电压保持不变B．初始时刻穿过线圈的磁通量为0.4WbC．线圈电阻r消耗的功率为4×10﹣4WD．前4s内通过R的电荷量为4×10﹣4C10、下列说法正确的是()A．多用电表测电压、电流时，红表笔的电势都高于黑表笔的电势B．用多用电表测电压、电流和电阻时，都用到了表内的电源C．测电阻时，必须把与被测电阻相接的电源分离D．测电阻时，两个表笔要与待测电阻接触良好才能测得较准确，因此，应当用两手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）欲用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组（3V，内阻1）B．电流表（1～3A，内阻1．1125）C．电流表（1～1．6A，内阻1．125）D．电压表（1～3V，内阻3k）E．电压表（1～15V，内阻15k）F．滑动变阻器（1～21，额定电流1A）G．滑动变阻器（1～211，额定电流1．3A）H．开关、导线（1）上述器材中应选用的是______________；（填写各器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表______________接法；（填“内”或“外”）（3）为使通过待测金属导线的电流能在1～1．5A范围内改变，请按要求在虚线框内画出测量待测金属导线电阻Rx的电路原理图_________．12．（12分）如下图所示是定性研究平行板电容器电容的影响因素的装置，平行板电容器的A板与静电计相连，B板和静电计金属壳都接地．（1）指出下列三个图所示的情况下，静电计指针的偏转角度变化情况：①正对面积减小时，静电计指针的偏转角度__________；②板间距离增大时，静电计指针的偏转角度__________；③插入电介质时，静电计指针的偏转角度__________．（2）实验说明平行板电容器的电容与正对面积、板间距离、电介质的介电常数之间的关系为：_____________________；四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示,质量为的带正电小球能沿着竖直的绝缘墙竖直下滑,磁感应强度为B的匀强磁场方向水平,并与小球运动方向垂直.若小球带电荷量为q,球与墙间的动摩擦因数为,求：（1）小球下滑的最大速度为多大？（2）下滑过程中最大加速度为多大？14．（16分）如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻RM＝0.6Ω，R＝10Ω，U＝160V，电压表的读数为110V．则：（1）通过电动机的电流是多少？（2）输入到电动机的电功率是多少？（3）电动机工作1h所产生的热量是多少(结果保留两位有效数位)？15．（12分）一个电动机，线圈电阻是0.4Ω，当它两端所加的电压为220V时，通过的电流是5A．这台电动机每分钟所做的机械功有多少?

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

由P=UI知，P一定，提高输电电压U，则输电电流I减小，根据P损=I2R，输电线上功率损失减小．A．可增大输电电流，与结论不相符，选项A错误；B．可加快输电速度，与结论不相符，选项B错误；C．可增大输电功率，与结论不相符，选项C错误；D．可减少输电线上的能量损失，与结论相符，选项D正确；故选D．点评：解决本题的关键掌握输电功率与输电电压与输电电流的关系，以及掌握输电线上功率损失P损=I2R．2、B【解析】

根据闭合回路欧姆定律可得：当两电阻串联接入电路中时当两电阻并联接入电路中时由以上两式可得：，故B正确，ACD错误．3、D【解析】试题分析：匀强电场的场强E=Ud=50005×10-3N/C=106N/C，电场力F=qE=2×1.6×10-19×10考点：电场强度，电场力4、B【解析】

足球由l到2过程中只受重力，重力做负功，所以动能变小．故A错误，B正确；足球由2到3过程中，重力做正功，重力势能减小，故C错误足球在位置2时重力势能最大，动能最小，故D错误；故选B．5、B【解析】

A．正电荷定向移动的方向是电流的方向。故A错误。B．电源电动势的大小反映的是电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小。故B正确。C．电场强度与电势没有关系，电场强度为零的点，电势不一定为零，比如：处于静电平衡的导体。故C错误。D．电阻是导体本身的性质，与电压及电流无关。故D错误。6、D【解析】

根据库仑定律，有：，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

欧姆档的指针偏转角度越小，则电阻越大，要换大倍率的档位．【详解】偏转角度小，说明电流小，则电阻大．故A正确，B错误；因是大电阻，则要换档位大一些即：换“×100”档．每次换档后要重新进行欧姆调零．故C错误，D正确，故选AD．8、ACD【解析】

A．若q从A点由静止释放，受到向下的电场力作用，向下加速运动，过O点后受到向上的电场力作用，做减速运动，根据受力情况的对称性可知q将以O点为对称中心做往复运动，故A正确；B．电荷在O点时电场力为零，电荷在A点电场力是否最大无法确定，电荷由A点向O点运动的过程中加速度变化情况无法确定，可能一直减小，也可能先增大再减小，故B错误；C．q由A点向O点运动时，电场力做正功，说明动能逐渐增大，电势能逐渐减小，故C正确。D．q受到指向圆心的电场力，在ab连线中垂面内给它一个垂直电场力方向大小合适的速度，电场力提供向心力，电荷可以做匀速圆周运动，故D正确。故选ACD。9、AC【解析】试题分析：根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故A正确；初始时刻穿过线圈的磁通量Φ="nBS=0.2×200×0.0001"Wb=0.004Wb，故B错误；由法拉第电磁感应定律E=n=n=100××0.02V="0.1"V，由闭合电路欧姆定律，可知电路中的电流为I==A="0.02"A，所以线圈电阻r消耗的功率P=I2R=0.022×1W=4×10﹣4W，故C正确；前4s内通过R的电荷量Q="It=0.02×4"C="0.08"C，故D错误．考点：法拉第电磁感应定律、电功、电功率、导体切割磁感线时的感应电动势点评：穿过某一面积的磁通量是由穿过该面的磁感线条数的多少决定的，与匝数无关．楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小．当然本题还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率．同时磁通量变化的线圈相当于电源．10、AC【解析】

A.多用电表测电压、电流时，电流由外部电源提供，红表笔的电势都高于黑表笔的电势，故A正确。B.用多用电表电阻时，用到了表内的电源，测电压、电流时，没有用到表内的电源，故B错误。C.测电阻时，必须把与被测电阻相接的电源分离，故C正确。D.测电阻时，两个表笔要与待测电阻接触良好才能测得较准确，但不能用两手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起，因人体也是一电阻，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACDFH外【解析】

（1）电池组选A，电路中的最大电流约为，所以电流表选择C，电源电动势为3V，故电压表选D，滑动变阻器为调节的方便选择F，，所以选用的器材为ACDFH；（2）待测电阻阻值约为5Ω是小电阻，故电流表用外接法；（3）因待测金属导线的电流要在1~1.5A范围内改变，滑动变阻器用分压式接法，电路图如图所示12、（1）增大；增大；减小（3）C=εs【解析】

（1）①正对面积减小时，根据C=εS4πkd，判断电容变小，电容器的带电量Q不变，根据U=Q/C判断电势差变大，所以静电计指针的偏转角度增大；

②板间距离变大时，根据C=εS4πkd判断电势差变大，静电计指针的偏转角度增大．

③当插入电介质时，C增大，Q不变，则可知，电势差减小；故偏转角减小；

（2）实验说明平行板电容器的电容与正对面积、板间距离、电介质的介电常数之间的关系为：电容与正对面积、介电常数成正比；与板间距离成反比；即C=εS解决本题的关键根据C=εS4πkd，判断电容的变化，根据四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）【解析】

对小球进行受力分析，再根据各力的变化，可以找出合力及加速度的变化，即可以找出小球最大速度及最大加速度的状态；【详解】（1）小球沿墙竖直下滑，由左手定则可知小球所受洛伦兹力方向向左，对小