广东省珠海市金湾区外国语学校2027届高二物理第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

广东省珠海市金湾区外国语学校2027届高二物理第一学期期中质量跟踪监视模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，六个点电荷分布在边长为a的正六边形ABCDEF的六个顶点处，在B、F处的电荷的电荷量为﹣q，其余各处电荷的电荷量均为+q，MN为正六边形的一条中线，则下列说法正确的是A．M，N两点电势不相等B．M，N两点电场强度相同C．在中心O处，电场强度大小为，方向由O指向AD．沿直线从M到N移动正电荷时，电势能先减小后增大2、“验证机械能守恒定律”的实验装置如图所示，实验中发现重物减小的重力势能略大于增加的动能，其主要原因是()A．未测量重物的质量 B．先接通电源，后释放纸带C．使用的重物质量大，体积小 D．重物和纸带在下落时受到阻力3、如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的加速度减小，b的加速度增大C．a的电势能减小，b的电势能增大D．a的动能减小，b的动能增大4、如图所示，粗糙的水平面上放有一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直挡板间放有一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．现将挡板水平向右缓慢平移，A始终保持静止．则在B着地前的过程中（）A．挡板对B的弹力减小B．地面对A的摩擦力增大C．A对B的弹力减小D．地面对A的支持力增大5、如图所示，三根长为L的直线电流在空间构成等边三角形，电流的方向垂直纸面向里．电流大小均为I，其中A、B电流在C处产生的磁感应强度的大小均为B0，导线C位于水平面处于静止状态，则导线C受到的静摩擦力是（）A．32B0IL，水平向左B．32B0C．3B0IL，水平向左D．3B0IL，水平向右6、.如图所示,一电容为C的平行板电容器,两极板A、B间距离为d,板间电压为U,B板电势高于A板.两板间有M、N、P三点,MN连线平行于极板,N、P连线垂直于极板,M、P两点间距离为L,∠PMN=θ.以下说法正确的是()A．电容器带电量为UB．两极板间匀强电场的电场强度大小为UC．M、P两点间的电势差为ULD．若将带电量为+q的电荷从M移到P,该电荷的电势能减少了q二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r恒定不变，开关k闭合，不考虑电流表和电压表对电路的影响，则以下分析正确的是()A．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，电压表的示数减小，电流表的示数增大B．若只让开关从闭合到断开，电压表、电流表示数都变大C．若只让开关从闭合到断开，R6上将产生由M点到N点的电流D．若实际实验时发现电流表的示数为零，电压表示数不为零，则可能是由于R4断路8、自行车的大齿轮、小齿轮、后轮的半径不一样，它们的边缘有三个点A、B、C，如图所示．正常骑行自行车时，下列说法正确的是A．A、B两点的线速度大小相等，角速度大小也相等B．B、C两点的角速度大小相等，周期也相等C．A点的向心加速度小于B点的向心加速度D．B点的向心加速度大于C点的向心加速度9、一根轻质杆长为2L，可绕固定于中点位置处的轴在竖直面内自由转动，杆两端固定有完全相同的小球1和小球2，它们的质量均为m，带电荷量分别为+q和–q，整个装置放在如图所示的关于竖直线对称的电场中。现将杆由水平位置静止释放，让小球1、2绕轴转动到竖直位置A、B两点，设A、B间电势差为u，该过程中()A．小球2受到电场力变小B．小球1电势能减少量小于uqC．小球1、2的机械能总和增加量小于uqD．小球1、2的动能总和增加了uq10、一弹簧振子做简谐振动，O为平衡位置，当它经过O点时开始计时，经过2．3s第一次到达M点，再经过2．2s第二次到达M点，则弹簧振子的周期为：A．2．53s B．2．4s C．2．6s D．3s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）测量“水果电池”的电动势和内电阻的实验中，将一铜片和一锌片分别插入同一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5V，可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V，额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡。原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测定电流约为3mA。现有下列器材：待测“水果电池”电流表A：满偏电流3mA，电阻约10Ω电压表V：量程0~1.5V，电阻约1000Ω滑动变阻器R1：0~30Ω滑动变阻器R2：0~30kΩ开关、导线等实验器材(1)本实验选用上面所示的实验原理图，应该选用哪种规格的滑动变阻器_____；（填写仪器代号）(2)在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，得到U—I图象如上图所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势E=_____V，内电阻r=_____Ω；(3)若不计测量中的偶然误差，用这种方法测量得出的电动势和内电阻的值与真实值相比较，电动势E_____（选填“偏大”或“相等”或“偏小”），内电阻r_____（选填“偏大”或“相等”或“偏小”）。12．（12分）在学校实验周活动中，某实验小组同学选用如图（a）可拆变压器做“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，实验电路图如图（b），实验时匝，匝，断开K，接通电源，观察电压表的读数为6V，则（1）下列哪一选项______为可拆变压器的输入电压有效值。A．3V

B．

6V

C．12VD．15V

（2）灯泡的额定电压也为6V，闭合K，灯泡能否正常发光。______（填：“能”或“不能”）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，匀强电场电场线与AC平行，把10－8C的正电荷从A点移到B点，静电力做功6×10－8J，AB长6cm，AB与AC成60°角．求：(1)在图中标出场强方向及计算场强大小；(2)设B处电势为1V，则A处电势为多少；(3)在（2）问基础上，该电荷在A点电势能为多少．14．（16分）如图所示，在的竖直匀强电场中，有一光滑的半圆形绝缘轨QPN与一水平绝缘轨道MN连接，半圆形轨道平面与电场线平行，P为QN圆弧的中点，其半径R=40cm，一带正电q=10-4C的小滑块质量m=10g，与水平轨道间的动摩擦因数，位于N点右侧1.5m处，小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，取g=10m/s2，求：(1)滑块在最高点速度多大？(2)这样运动的滑块通过P点时对轨道的压力是多大？(3)滑块应以多大的初速度v0向左运动？15．（12分）如图所示，一平行板电容器板长L=4cm，板间距离为d=3cm，倾斜放置，使板面与水平方向夹角α=37°，若两板间所加电压U=100V，一带电荷量q=3×10﹣10C的负电荷以v0=0.5m/s的速度自A板左边缘水平进入电场，在电场中沿水平方向运动，并恰好从B板右边缘水平飞出，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）则（1）带电粒子的质量为多少？（2）带电粒子从电场中飞出时的速度为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由对称性可知，MN两点电势相等，选项A错误；中间一组-q和+q电荷在MN两处合场强大小相等，方向水平向左，最上边一组正电荷在M点合场强为0，最下面一组在N点合场强为0，最上边一组正电荷在N点合场强方向竖直向下，最下边一组正电荷在M点合场强方向竖直向上，最上边一组正电荷在N点合场强大小和最下边一组正电荷在M点合场强大小相等，所以M、N两点场强大小相等，方向不同，故B错误；上下两组正电荷共四个+q在O点合场强为0，中间-q和+q电荷在O点合场强大小为2，方向沿O指向-q方向，所以中心O点场强大小为2，方向沿O指向A方向，故C正确．若将正电荷从M点沿直线移动到N点，垂直MN方向上的电场力一直不做功，竖直方向上电场力先做负功，后做正功，由对称性可知所做总功一定为零，所以MN两点电势相等，正电荷电势能先增大后减小；故D错误．故选C．点睛：本题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题考查的就是学生对电场的叠加原理的应用，要注意运用等效思维来解题．2、D【解析】

A项：由公式可知，与物体的质量无关，故A错误；B项：本实验应先接通电源，后释放纸带，对实验结果没有影响，故B错误；C项：使用的重物质量大，体积小可以减小实验误差，故C错误；D项：重物和纸带在下落时受到阻力，部分机械能转化为内能，即减小的重力势能一部分转化为内能，故D正确．3、B【解析】

A、由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定，故A错误；B、根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度及电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，故B正确；CD、根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，其动能都增大，其电势能都减小，故CD错误．故选：B．先由曲线运动的条件判断电场力的方向，明确电场力做功与电势能、动能的关系；由电场线与电场强度的关系即可判断加速度的变化．4、B【解析】

AC.先对B受力分析，受重力、A对B的支持力和挡板对B的支持力，如图：根据共点力平衡条件，有：N1=N2=mgtanθ挡板保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角θ不断变大，故A

对

B

的弹力N1变大，挡板对

B

的弹力N2变大。故A错误，C错误；BD.再对A、B整体受力分析，受重力、地面支持力、挡板对其向左的支持力和地面对其向右的静摩擦力，如图：根据共点力平衡条件，有f=N2N=(M+m)g故f=mgtanθ挡板保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角θ不断变大，故f变大，N不变；故B正确，D错误。故选：B。5、D【解析】

A、B电流在C处产生的磁感应强度的大小分别为B0，根据力的平行四边形定则，结合几何的菱形关系，则有：BC=3B0；

再由左手定则可知，安培力方向水平向左，大小为FA=3B0IL；由于导线C位于水平面处于静止状态，所以导线C受到的静摩擦力大小为3B0IL，方向水平向右；故选D。此题考查磁感应强度的矢量性，掌握矢量合成法则，注意几何知识的应用，同时掌握受力平衡条件，特别注意静摩擦力的方向．6、D【解析】

由电容的定义式C=QU得电容器的带电量Q=CU．故A错误。两极板间匀强电场的电场强度大小E=Ud，故B错误。M、P两点间的电势差为UMP=ELsinθ=Ud•Lsinθ．故C错误。将带电量为+q的电荷从M移到P，电场力做功WMP=qUMP=qULsinθd本题中涉及电容、电场强度、电势差、电场力做功等多个知识点．公式U=Ed中，d是两点间沿场强方向的距离，不是两点间的距离．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．将滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，则总电流增大，则内阻和R1两端的电压增大，所以右边并联部分的电压减小，所以通过R3的电流减小，而总电流增大，所以电流表示数增大，则R2的电压增大，所以R4的电压减小，所以电压表示数减小，故A正确；B．若只让开关从闭合到断开，则总电阻变大，总电流减小，则右边并联部分的电压变小，电流表示数减小，R4的电流变小，所以电压表示数变小，故B错误；C．若开关从闭合到断开，总电阻增大，总电流减小，并联部分电压变小，电容器放电，所以R6上将产生由点N到点M的电流，故C错误；D．电流表示数为零，说明与电流表串联的部分电路不通，电压表示数不为零，则与电压表并联的部分电阻断开，即可能是由于R4断路，故D正确。8、BC【解析】

A．AB两点在传送带上，是同缘传动的边缘点，所以两点的线速度相等，根据v=ω•r，由于半径不同，则角速度不相等，故A错误；B．BC两点属于同轴转动，故角速度相等，周期也相等，故B正确；C．AB两点的线速度相等，根据可知，A的半径比较大，所以A点的向心加速度小于B点的向心加速度，故C正确；D．BC点的角速度是相等的，根据可知，C点的半径比较大，所以C点的向心加速度大于B点的向心加速度，故D错误．9、BD【解析】

由图可知，杆由水平位置转到竖直位置时，球2所处的位置电场线变得密集，场强变大，则球2所受的电场力变大，选项A错误；根据电场线分布的对称性可知：开始时两个小球处于同一等势面上，转动后，小球1所在位置A的电势较低，小球2所在位置B的电势较高，根据等势面线电场线的关系知道，A、1间电势差小于2、B间的电势差，小球2的电势升高量大于小球1电势降低量，所以小球1的电势能减小量小于12qu，小球2的电势能减小量大于12qu，选项B正确；根据动能定理，系统的重力势能未变，则动能增加量等于电场力对系统做功，大小为uq，机械能增加量等于动能的增加量，即系统的机械能增加量也为uq，故C错误，D正确。本题关键要能正确分析小球能量如何转化，运用W=qU和U=Ed定性分析两球电势能的变化关系，由能量守恒定律分析即可。10、AC【解析】

作出运动示意图如图，若从O点开始向右振子按下面路线振动，则振子的振动周期为：，如图，若从O点开始向左振子按下面路线振动，令从O到M的时间为t，则有：则可解得：则振子的振动周期为：，故AC正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R21.5V500Ω相等偏大【解析】

(1)“水果电池”电动势约为1.5V，电流约为3mA，估算其内阻约为500Ω，要使电路电流变化范围大一些，需要选用与电源内阻接近的滑动变阻器，故选用R2；(2)根据图象可知：纵截距表示电动势，斜率绝对值表示内阻。故电动势为1.50V，内电阻为500Ω。(3)根据欧姆定律可得，，由此可知电动势E测量值等于真实值，而内电阻测量值大于真实值，因为还包含电流表内阻。12、D不能【解析】

（1）[1]．根据变压器原理可得闭合K，由于实验时变压器可能为非理想变压器，可能有“漏磁”现象，则可拆变压器的输入电压有效值应选择15V，故选D；（2）[2]．灯泡的额定电压也为6V，实验时变压器可能为非理想变压器，可能有“漏磁”现象，次级电压将会小于6V，灯泡不能正常发光。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），场强方向由A指向C（2）7V（3）【解析】

正电荷从A移至B