江西省抚州市南城县第一中学2027届物理高二第一学期期中监测模拟试题含解析

江西省抚州市南城县第一中学2027届物理高二第一学期期中监测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在高速公路上发生一起交通事故，一辆质量为2000kg向南行驶的长途客车迎面撞上了一质量为3000kg向北行驶的卡车，碰后两辆车接在一起，并向南滑行了一小段距离停止。经测定，长途客车碰前以30m/s的速度行驶，由此可判断卡车碰前的行驶速率（）A．小于20m/sB．大于20m/s，小于30m/sC．大于30m/s，小于40m/sD．大于20m/s，小于40m/s2、在静电场中，将一正电荷从a移动到b点，电场力做了负功，则（）A．b点的电场强度一定比a点大B．电场线方向一定从b指向aC．b点的电势一定比a点高D．该电荷的动能一定减小3、如图所示，在国庆阅兵盛典上，我国预警机“空警—2000”在天安门上空时机翼保持水平，以3.6102km/h的速度自东向西飞行，该机的翼展(两翼尖之间的距离)为50m，北京地区地磁场的竖直分量向下，大小为4.010－5T，则()A．两翼尖之间的电势差为2.0VB．两翼尖之间的电势差为1.0VC．飞行员左方翼尖的电势比右方翼尖的电势高D．飞行员左方翼尖的电势比右方翼尖的电势低4、“太空涂鸦”技术的基本物理模型是：原来在较低圆轨道运行的攻击卫星在变轨后接近在较高圆轨道上运行的侦察卫星时，向其发射“漆雾”弹，“漆雾”弹在临近侦察卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦察卫星，喷散后强力吸附在侦察卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效。关于这一过程下列正确说法是A．攻击卫星接近侦察卫星的过程中受到地球的万有引カ一直在增大B．攻击卫星在原轨道上运行的周期比侦察卫星的周期大C．攻击卫星在原轨道上运行的线速度比侦察卫星的线速度大D．攻击卫星在原轨道需要减速才能变轨接近侦察卫星5、如图，竖直放置的U形管内装有水银，左端开口，右端封闭一定量的气体，底部有一阀门．开始时阀门关闭，左管的水银面较高．现打开阀门，流出一些水银后关闭阀门．当重新平衡时（）A．左管的水银面与右管等高 B．左管的水银面比右管的高C．左管的水银面比右管的低 D．水银面高度关系无法判断6、一条形磁铁放在光滑的斜面上，并用一质量不计的弹簧连接在顶端的挡板上，磁铁静止时弹簧的伸长量为x0，将通有方向垂直纸面向外的直导线分别放在a、b、c位置时，弹簧的伸长量分别为xa、xb、xc，已知a、b、c三点的连线与斜面平行，且b点在条形磁铁的正中央。则下列正确的是()A．x0＝xa＝xb＝xcB．x0>xa>xb>xcC．xa>x0＝xb>xcD．xa>xb>xc>x0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，三条平行等距的虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为10V、20V、30V，实线是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内的运动轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点来说()A．粒子在三点的合力Fa=Fb=Fc；B．粒子必先过a，再到b，然后到c；C．粒子在三点的动能大小为Ekb>Eka>Ekc；D．粒子在三点的电势能大小为Epc<Epa<Epb．8、宇航员站在某一星球上，将一个小球距离星球表面h高度处由静止释放，使其做自由落体运动，经过t时间后小球到达星球表面，已知该星球的半径为R，引力常量为G，则下列选项正确的是()A．通过以上数据无法确定该星球的密度B．该星球的质量为C．该星球表面的重力加速度为D．该星球的第一宇宙速度为9、如图是有两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时，量程为0~10V，当使用a、c两个端点时，量程为0~100V。已知电流表的内阻为Rg为500欧姆，满偏电流Ig为1mA,则电阻R1、R2的值（）A．R1=9.5×103ΩB．R2=9×104ΩC．R1=1×104ΩD．R2=9.95×104Ω10、关于计算电功率的三个公式P＝UI、P＝I2R、P＝U2RA．这三个公式的适用范围相同B．第一个公式普遍适用，后两个公式只适用于纯电阻电路C．第一个公式适用于无电阻的电路，后两个公式适用于有电阻的电路D．三个公式的适用范围与电路串、并联的方式无关三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率．步骤如下：①用20分度的游标卡尺测量其长度如图所示，其长度是_____mm.②用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图所示，则该电阻的阻值约为_____Ω．③为了更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0～3mA,内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～15mA,内阻约30Ω）；电压表V(量程0～3V，内阻约10KΩ)；滑动变阻器R1，（阻值范围0～15Ω）；滑动变阻器R2，（阻值范围0～2KΩ；）直流电源E（电动势4V，内阻不计）；开关S，导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电流表应选____，滑动变阻器应选____（选填代号）④请在图中补充连线并完成实验．（_____）12．（12分）一只小灯泡，标有“3V,1.5W”字样．现要描绘小灯泡0～3V的伏安特性曲线．实验器材有：A．最大阻值为10Ω的滑动变阻器B．电动势为6V、内阻约为1.0Ω的电源C．量程为0.6A、内阻约为1.0Ω的电流表A1D．量程为3A、内阻约为0.1Ω的电流表A2E．量程为3V、内阻约为6kΩ的电压表V1F．量程为15V、内阻约为10kΩ的电压表V2G．开关、导线若干(1)电压表应选用________；电流表应选用________．(将选项代号的字母填在横线上)(2)在该实验中，设计了如下图所示的四个电路．为了减小误差，应选取的电路是________(将选项代号的字母填在横线上)．(3)以下是该实验的操作步骤：A．将电流表、电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路B．调节滑动变阻器触头的位置，保证闭合开关前使变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大C．闭合开关，记下电流表、电压表的一组示数(U，I)，移动变阻器的滑动触头，每移动一次记下一组(U，I)值，共测出12组数据D．按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线段连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线指出以上步骤中存在错误或不妥之处并修改：________四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，M、N为中心开有小孔的平行板电容器的两极板，相距为D，其右侧有一边长为2a的正三角形区域，区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，在极板M、N之间加上电压U后，M板电势高于N板电势．现有一带正电的粒子，质量为m、电荷量为q，其重力和初速度均忽略不计，粒子从极板M的中央小孔S1处射入电容器，穿过小孔S2后从距三角形A点a的P处垂直AB方向进入磁场，试求：（1）粒子到达小孔S2时的速度；（2）若粒子从P点进入磁场后经时间t从AP间离开磁场，求粒子的运动半径和磁感应强度的大小；（3）若粒子能从AC间离开磁场，磁感应强度应满足什么条件？14．（16分）矩形区域I、II中分别存在垂直于纸面的匀强磁场，磁场方向如图所示．区域I宽度2d，区域II宽度d，一个质量为m，电荷量为q的带正电的粒子以速度v，从P点沿纸面垂直磁场边界射入磁场，穿过区域I后从MN上的S点射入区域II，粒子在S点的速度方向与MN的夹角为，最终从区域II左边界从Q点图中未画出回到区域I，不计粒子重力．求：区域I中磁感应强度的大小；粒子没有从区域II的右边界射出磁场，则区域II磁感应强度的大小应满足什么条件．15．（12分）充电后的平行板电容器的两个极板竖直放置，电容器的左极板带正电，板间电压为U，在两极板间有一质量为m、电荷量为q的带电小球，小球用一绝缘轻细线悬挂于O点，静止时，细线与竖直方向的夹角为，如图所示。重力加速度大小为g。（1）判断小球的带电性质；（2）求电容器两极板间的距离d。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

长途客车与卡车发生碰撞，系统内力远大于外力，碰撞过程系统动量守恒，设长途客车质量为m，速度大小为v1，卡车质量为M，速度大小为v2，规定客车的速度方向为正方向，由动量守恒定律得因为碰后两辆车一起向南滑行了一段距离才停止，所以总动量应该是向南，即客车动量大于卡车的动量，即代入数据得故选A。2、C【解析】

C．电场力做负功，该电荷电势能增加．正电荷在电势高处电势能较大，b点的电势一定比a点高，C不符合题意；D．电场力做负功同时电荷可能还受其他力作用，总功不一定为负．由动能定理可知，动能不一定减小，D不符合题意；A．根据题意只能判断ab两点的电势关系，而电势高低与场强大小无必然联系，所以A不符合题意；B．b点电势高于a点．但a、b可能不在同一条电场线上，B不符合题意．3、C【解析】

AB．由可得，两翼尖间的电势差为AB错误；CD．由右手定则可知，电路中感应电动势方向自右向左，因飞机此时作为电源处理，故电势应为左方向高，C正确D错误．故选C。在没有电流的情况下，也可由右手定则判断电势的高低；四指所指的方向为高电势处；注意右手定则和左手定则的区别．4、C【解析】

A．由可知距离变大，万有引力变小，A错误；B．由可知，半径小的周期小，B错误；C．由可知半径小的，线速度大，C正确；D．卫星由低轨道加速做离心运动变到高轨道，D错误。5、D【解析】若流出的水银量较少，则左管水银仍高于右管；若流出的水银量较多，因左边上边等于大气压，右边若小于大气压强，则左边会低于右边；总之根据已知条件不能判断水银面高度关系，故选D.6、C【解析】

未放通电导线时，对条形磁铁，根据平衡条件和胡克定律有mgsinθ=kx1．通电导线放在a点时，根据左手定则，知通电导线所受的安培力F斜向右下方，则电流产生的磁场对磁铁产生的作用力F′斜向左上方，弹簧的弹力大于mgsinθ，根据胡克定律知弹簧伸长量xa＞x1。

通电导线放在b点时，通电导线所受的安培力垂直斜面向下，则电流产生的磁场对磁铁产生的作用力垂直向下，弹簧的弹力仍等于mgsinθ，则xb=x1。同理，通电导线放在c点时，弹簧的弹力小于mgsinθ，根据胡克定律知弹簧伸长量xc＜x1。综上有xa＞x1=xb＞xc。故选：C。解决本题的关键是掌握左手定则，并判断出安培力的方向，根据牛顿第三定律结合共点力平衡判断支持力和弹簧弹力的变化．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．因表示电场中三个等势面的三条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀强电场，所以带电粒子在电场中各点受到的电场力相等，故A项正确．B．由题中的图可知，电场的方向是向上的，带负电的粒子将受到向下的电场力作用，带负电的粒子无论是依次沿a、b、c运动，还是依次沿c、b、a运动，都会得到如图的轨迹，故B项错误．C．带负电的粒子在电场中运动时，受到向下的电场力，向上运动时电场力做负功，动能减小，所以故C错误；D．带负电的粒子在电场中运动时，受到向下的电场力，向上运动时电场力做负功，电势能增加，所以，故D正确；故选AD。8、BD【解析】

根据平抛运动竖直方向上的运动规律，结合位移时间公式求出星球表面的重力加速度．根据万有引力等于重力求出星球的质量．根据万有引力提供向心力即可求出第一宇宙速度．结合星球的质量和体积求出星球的密度．【详解】根据h=gt2得，星球表面的重力加速度g=．根据G＝mg得，星球的质量．故B正确，C错误；根据万有引力提供向心力得：mg=；所以：．故D正确．星球的密度．即通过以上数据可确定该星球的密度，故A错误；故选BD．该题结合自由落体运动考查对万有引力定律的应用能力，解决本题的关键掌握在星球的表面万有引力等于重力这一理论，并能灵活运用．9、AB【解析】接a、b时,电流表与电阻R1的串联,R1=U1Ig-Rg=101×10-3-500=9.5×10故AB正确综上所述本题答案是：AB;10、BD【解析】P=IU适用于任何电路计算电功率，可用于计算纯电阻电路的电热功率，对非纯电阻电路不能用来计算电热功率．P=I2R由焦耳定律推导出来看，适用于任何电路计算热功率；P=U2/R的只能适用于纯电阻电路的电热功率，不能用来计算非纯电阻电路的电热功率．所以BD正确,思路分析：P=IU适用于任何电路计算电功率；P=I2R适用于任何电路计算热功率；P=U2/R只能适用于纯电阻电路．试题点评：对于纯电阻电路，电功与电热相同，三个公式P=IU；P=I2R；通用；P=U2/R而对于非纯电阻电路，求电热功率只能用P=I2R．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、100.452.2×102A2R1【解析】

解：①游标卡尺的固定刻度读数为100mm，游标尺上第9个刻度与主尺对齐，读数为，所以最终读数为：；②用欧姆表测电阻的读数方法为指针示数乘以倍率，当指针指在中央附近时测量值较准确，所以该电阻的阻值约为；③由电动势和电阻的阻值知电流最大为，所以用电流表，滑动变阻器用小阻值的，便于调节，所以用滑动变阻器；④本实验中，因待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法；又滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值，故变阻器应用分压式接法，电路图如图所示12、(1)E；C；(2)C；(3)步骤B不妥，正确应该是：闭合开关前应使变阻器与小灯泡并联部分的电阻为零；步骤D有错，正确应该是：在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来．【解析】试题分析：（1）因为小灯泡的额定电压为3V，所以选择量程为3V的电压表E，小灯泡的额定电流为，故选择电流表C（2）由于小灯泡的电阻和电流表的内阻非常接近，所以电流表的分压过大，需要采用电流表的外接法，电压需要从零开始，故采用滑动变阻器的分压接法，故选择电路图C（3）步骤B不妥，闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；步骤D有错，应为按所测数据，在坐标纸上点并将各点用一条平滑的曲线连接起来考点：考查了描绘小灯泡伏安特性曲线实验【名师点睛】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图，确定滑动变阻器与电流表接法是正确设计实验电路的前提与关键，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器采用分压接法四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)，(3)【解析】（1）带电粒子在电场中运动时，由动能定理得，qU=mv2，解得粒子进入磁场时的速度大小为v=．（2）粒子