2027届云南省玉溪市元江县第一中学高二物理第一学期期中达标检测试题含解析

2027届云南省玉溪市元江县第一中学高二物理第一学期期中达标检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、真空中有两个相同的可以看成点电荷的带电金属小球A、B，两小球相距L固定，A小球所带电荷量为-2Q、B所带电荷量为+4Q，两小球间的静电力大小是F，现在让A、B两球接触后，使其距离变为2L．此时，A、B两球之间的库仑力的大小是（）A．B．C．D．2、如图甲，真空中有一半径为R、电荷量为＋Q的均匀带电球体，以球心O为坐标原点，沿半径方向建立x轴．己知x轴上各点的场强随x变化关系如图乙，x1、x2分别对应轴上A．A、B两点电势相等B．负电荷在A点电势能大于在B点的电势能C．同一电荷在A、B两点所受电场力等大反向D．正电荷从A到B，电场力一直做正功3、关于静电场，下列说法正确的是()A．电场强度为零的地方，电势也为零B．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向C．电场线越密的地方相等距离两点的电势差越大D．根据公式可知，在匀强电场中a、b间的距离越大，电势差就越大4、下列关于匀强电场中电场强度和电势差的关系,正确的说法是()A．在相同距离上的两点,电势差大的其电场强度也必定大B．电场强度在数值上等于每单位距离上的电势降落C．沿着电场线方向,任何相同距离上的电势降落必定相同D．电势降落的方向必定是电场强度方向5、如图所示，电子由静止开始从A板向B板运动，到达B板的速度为v，保持两板间电压不变，则()A．当减小两板间的距离时，速度v增大B．当减小两板间的距离时，速度v减小C．当减小两板间的距离时，速度v不变D．当减小两板间的距离时，电子在两板间运动的时间变长6、右图所示的电路中，电源内阻r不可忽略，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器R2的滑动键P向上滑动时（）A．A1和A2的示数均变大B．V1和V2的示数均变小C．A1示数的变化量小于A2示数的变化量D．V1示数的变化量大于V2示数的变化量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个T型电路如图所示，电路中的电阻，，．另有测试电源，电动势为、内阻忽略不计，则（）A．当、端短路时，、之间的等效电阻是B．当、端短路时，、之间的等效电阻是C．当、两端接通测试电源时，、两端的电压为D．当、两端接通测试电源时，、两端的电压为8、如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c为电场中的三点，实线PQ为M、N连线的中垂线，a、b两点关于MN对称，a、c两点关于PQ对称，已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是()A．M点处放置的是负电荷B．a点的场强与c点的场强完全相同C．a点的电势高于c点的电势D．若将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，则电场力先做正功，后做负功9、如图所示，粗糙程度处处相同的半圆形竖直轨道固定放置，其半径为R，直径POQ水平。一质量为m的小物块（可视为质点）自P点由静止开始沿轨道下滑，滑到轨道最低点N时，小物块对轨道的压力为2mg，g为重力加速度的大小。则下列说法正确的是A．小物块到达最低点N时的速度大小为B．小物块从P点运动到N点的过程中重力做功为mgRC．小物块从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功为D．小物块从P点开始运动经过N点后恰好可以到达Q点10、一个面积为S＝4×10－2m2、匝数为n＝100匝的线圈放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示，则下列判断正确的是()A．在开始的2s内穿过线圈的磁通量的变化率等于0.08Wb/sB．在开始的2s内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C．在开始的2s内线圈中产生的感应电动势的大小等于8VD．在第3s末线圈中的感应电动势等于零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的长度和直径，步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为_____mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径为_____mm。12．（12分）在“测电池的电动势和内阻”的实验中，测量对象为一节新的干电池。（1）用图（a）所示电路测量时，在较大范围内调节滑动变阻器，发现电压表变化不明显，原因是________，从而影响测量值的精确性。（2）为了提高实验的精确度采用（b）所示电路，提供器材：A．量程3V和15V的双量程电压表VB．量程0.6A和3A的双量程电流表AC．定值电阻R0（R0=1.5Ω）D．滑动变阻器R1（0～10Ω）E．滑动变阻器R2（0～200Ω）F．开关S和一些导线．①图（b）电路中，加接电阻R0有两方面的作用：一是方便实验操作和数据测量；二是_____。②为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用_______（填R1或R2）。③实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，并在给出的U-I坐标系中画出U-I图线如图（c）所示，则新干电池的内阻r=______Ω（结果保留两位有效数字）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1＝100Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器。当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的。求：(1)电源的电动势和内阻；(2)定值电阻R2的阻值；(3)滑动变阻器的最大阻值。14．（16分）如图所示，ABCD为竖直放在场强为E＝104V/m水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的圆形轨道，轨道的水平部分与其半圆相切，A为水平轨道上的一点，而且AB＝R＝0.2m，把一质量m＝0.1kg、带电荷量q＝+1×10-4C的小球放在水平轨道的A点由静止开始释放，小球在轨道的内侧运动。g取10m/s2）求：（1）小球到达C点时对轨道压力是多大？（2）若让小球安全通过轨道，开始释放点离B点至少多远？15．（12分）如图所示，在方向竖直向上、大小为E=1×106V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球（均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径为R=0.1m．A、B用一根绝缘轻杆相连，A带的电荷量为q=+7×10﹣7C，B不带电，质量分别为mA=0.01kg、mB=0.08kg．将两小球从圆环上的图示位置（A与圆心O等高，B在圆心O的正下方）由静止释放，两小球开始沿逆时针方向转动．重力加速度大小为g=10m/s1．（1）通过计算判断，小球A能否到达圆环的最高点C？（1）求小球A的最大速度值．（3）求小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据库仑定律，两球间的库仑力：,将它们接触后再分开，然后放在距离为2L，则电荷量中和，再进行平分，因此电量均为+Q，则库仑力为：，故B正确。故选：B。2、D【解析】解:A、因电场力做功与初末位置有关,当假设将试探电荷沿x轴移动,则从x1移到R处和从R移到x1处,因电势差不同,则电场力做功不同,再由φ=EPq,则x1、x2两点处,即A与B两点的电势不同,故A错误;

B、R位置的电势比位置B的电势高,所以负试探电荷在R位置的电势能比在位置B小.故B错误;

C、由图象乙可以知道,A和B处场强方向相同,那么同一电荷在A、B两点所受电场力等大同向,故C错误;

D、因规定电场强度沿x轴正方向为正,由图象可以知道,正电荷的电场力方向为x轴正方向,正电荷从A到B,电场力一直做正功,所以D选项是正确的;

所以3、B【解析】A、电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零，电场强度不一定为零，故A错误；B、顺着电场线方向电势降低，由匀强电场可知，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故B正确；C、电场线越密的地方电场强度大，但是若两点间不一定沿电场线，则电势差不一定大，故C错误；

D、公式中d为沿电场线的距离，若ab两点不沿电场线，则电势差不一定大，故D错误．点睛：本题考查对电场线物理意义的理解，电场强度方向的规定；注意电势与电场强度的区别及其关系，明确只适用于匀强电场，并且d为沿电场线上的距离．4、C【解析】

匀强电场中场强和电势差的关系式是U=Ed，d是沿电场线方向两点间的距离．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降落U必定相等．电势降低最快的方向一定是电场强度的方向．【详解】A项：在相同距离上的两点，电势差大，场强不一定大．若两点沿电场线方向相同距离上的两点，电势差大的其场强才必定大，故A错误；B项：由U=Ed得：，可知，场强在数值上等于沿着电场线方向，每单位距离上的电势降落．故B错误；C项：匀强电场中场强和电势差的关系式是U=Ed，沿电场线方向的距离d相同时，两点间电势差U相同．故C正确；D项：电势降低最快的方向是电场强度的方向，电势降低的方向不一定是场强方向，故D错误．故应选C．本题考查对匀强电场中场强和电势差的关系式U=Ed的理解能力，关键抓住两点：一是公式适用条件：匀强电场；二是d是沿电场线方向两点间的距离．5、C【解析】

ABC．根据动能定理得：，当改变两极板间的距离时，U不变，v就不变，故C正确，AB错误；D．粒子做初速度为零的匀加速直线运动则有：，可得，当d减小时，电子在板间运动的时间变小，故D错误．6、C【解析】

AC．当滑片P上移时，R2增大，回路中的总阻值增大，总电流：总电流减小；V2的示数：可知U2增大A1的示数：可知增大，I减小、增大，知减小，减小量大于增加量，A错、C对；BD．U1、U2的大小为：可知：U1、U2都增大，U2的变化量大，BD错．判定总电阻变化情况的规律(记一记)1．当外电路的任何一个电阻增大(或减小)时，电路的总电阻一定增大(或减小)．2．若开关的通、断使串联的用电器增多时，电路的总电阻增大；若开关的通、断使并联的支路增多时，电路的总电阻减小．3．在如图所示分压电路中，滑动变阻器可视为由两段电阻构成，其中一段R并与用电器并联，另一段R串与并联部分串联．A、B两端的总电阻与R串的变化趋势一致．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A.当端短路时，电阻串并联关系为、并联，然后与串联，间等效电阻即总电阻，故A项正确；B.当端短路时，电阻串并联关系为、并联，然后与串联，间等效电阻即总电阻，故B项错误；C.两端接在电动势为电源两端，电路由和串联，两端电压为两端电压，大小为，故C项正确；D.两端接在电动势为电源两端，电路由和串联，两端电压为两端电压，大小为，故D项错误．8、AD【解析】AC、因正电荷由a到c电势能增加，则电场力做负功，则电势升高．故c点电势高于a点电势．则M点为负电荷，故A正确，C错误；B、a点与c点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故B错误；D、将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，根据等势线分布图可知，电势先降低后升高，则电势能先减小后增大，电场力先做正功、后做负功．故D正确；故选AD．9、BC【解析】

设小物块到达最低点N时的速度大小为v。在N点，根据牛顿第二定律得：FN-mg=m；据题有FN=2mg；联立得，故A错误。小物块从P点运动到N点的过程中重力做功为mgR，故B正确。小物块从P点运动到N点的过程，由动能定理得：mgR-Wf=mv2，可得克服摩擦力所做的功为Wf=mgR，故C正确。由于小物块要克服摩擦力做功，机械能不断减少，所以小物块不可能到达Q点，故D错误。故选BC。本题主要考查了动能定理和牛顿第二定律的综合运用，要知道在最低点，靠重力和支持力的合力提供向心力．10、AC【解析】

AB．由B-t图象可求出2s的斜率，因此2s内穿过线圈的磁通量的变化率为：故A正确，B错误；C．根据法拉第电磁感应定律得：可知2s内线圈中产生的感应电动势大小为8V，故C正确；D．由图看出，第3s末线圈中的磁通量为零，但磁通量的变化率不为零，感应电动势也不等于零，故D错误；故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.156.700【解析】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺读数为0.05×3mm=0.15mm所以最终读数为50mm+0.15mm=50.15mm（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为6.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm所以最终读数为6.5mm+0.200mm=6.700mm12、新电池内阻比较小保护电流表和电源R10.29【解析】

（1）[1]．根据U=E-Ir可知，由于新电池时内阻很小，电池内压降很小，电压表的读数变化很小，所以如果采用一节新干电池进行实验，实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小，原因是新电池的内阻很小，内电路的电压降很小；（2）①[2]．加接电阻R0有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏（或限制电流，防止电源短路）；②[3]．因干电池电流较小，故应选量程I=0.6A，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻应为：所以变阻器应选R1；③[4]．根据闭合电路欧姆定律应用：E=U+I（r+R0）整理可得：U=-（r+R0）I+E，根据函数斜率的概念应有：解得r=0.29；四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；；(2)；(3)【解析】

（1）由闭合电路欧姆定律可得结合题图乙可知代入数据，联立解得（2）当P滑到的右端时，被短路，电路参数对应题图乙中的B点，即根据欧姆定律（3）当P滑到的左端时，电路参数对应题图乙中的A点根据欧姆定律因为所以滑动变阻器的最大阻值为14、（1）3N；(2)x≥0.5m【解析】

(1)由A点到C点应用动能定理有解得在C点应用牛顿第二定律得得FN