湖南省湘潭市2026-2027学年高三上学期第一次月考物理自编卷（范围：高考范围）（解析版）

湖南省湘潭市2026-2027学年高三上学期第一次月考自编卷物理试题（解析版）题号12345678910答案CADBCBCBDACBD1．C【详解】一个氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级时，该氢原子放出光子，能量减小，核外电子的轨道半径减小，根据可知则核外电子动能增大。故选C。2．A【详解】0~1s内，根据牛顿第二定律可得1~2s内，有联立可得，故选A。3．D【详解】A．设物体与地面间的动摩擦因数为μ，设F作用时物体的加速度大小为a1，根据牛顿第二定律有设F撤去后物体的加速度大小为a2，同理可得由题图乙可知解得故A错误；BC．根据图像围成的面积表示位移，可得0～7s内物体的位移大小为摩擦力做功为故BC错误；D．依题意，可得0～3s内F做的功为故D正确。故选D。4．B【详解】带电粒子绕正点电荷做匀速圆周运动，库仑力提供向心力：整理得动能：越大，越小。计算动能差，设因为所以两个差值均为负，因此：正点电荷电场中电势粒子带负电电势能：越大，越大。计算电势能差：因为因此：Ep3-Ep2<Ep2-Ep1故选B。5．C【详解】A．若图像表示加速度随时间的变化，y轴表示加速度，x表示时间，由知△v=a△t知面积等于质点在相应时间内速度的变化量。故A错误。B．若图像表示力随位置的变化，根据W=Fl知，面积等于该力在相应位移内所做的功，故B错误。C．若图像表示沿x轴方向电场的场强随位置的变化关系，根据U=qEd则面积值等于电场在Ox0段的电势差，故C正确。D．若图像表示电容器充电电流随时间的变化，由q=It知面积等于相应时间内电容器储存的电荷量，故D错误；故选C。6．B【详解】圆环纯滚动进入磁场，圆弧进入磁场时，a、b两点为圆环与磁场边界的交点，弦竖直，长度，圆环回路总电动势等于磁通量变化率圆环粗细均匀，总电阻设为，此时小弧为电源，内电阻，大弧为外电路，外电阻，回路电流a、b两点电势差等于外电路电压降，故故选B。7．C【详解】A．等效电路图如下由图像可知通过R1、R3的电流不相等，故ab间和bc间的电势差不相等，故A错误；B．由图像可知电流表测的是通过R4的电流，仅R1变大时，R1的分压增大，则R3、R4的并联电压减小，故通过R4的电流减小，故电流表示数减小，故B错误；C．由图像可知，电容器两端电压等于R1两端电压，仅R3变大时，R3、R4的并联电压增大，则R1电压减小，根据，可知电容器C的电荷量减少，故C正确；D．仅R2变大时，不会改变R1两端电压，故电容器C的电荷量不变，故D错误。故选C。8．BD【详解】AB．根据核反应过程中质量数和电荷数守恒，质量数电荷数，故B正确，A错误；C．X粒子带中子数为粒子的核内质子数等于中子数，故C错误；D．氦核通过多次核反应变为碳核，同时引发剧烈能量释放，说明X更稳定，比结合能更大，故D正确。故选BD。9．AC【详解】A.该简谐横波的波长为4cm，则频率为选项A正确；BC.根据同侧法可知，此时刻质点K的速度沿y轴的负方向、L速度为零、M的速度沿y轴的正方向，则质点K比质点L、M先回到平衡位置，选项B错误，C正确；D.质点M此时的加速度指向平衡位置，即沿y轴的负方向，选项D错误。故选AC。10．BD【详解】AB．因为、粒子都是以相同的初速度，且垂直进入右侧磁场，在电场中，沿初速度方向不受力，做匀速直线运动，由可得、在电场中运动的时间一定相同；又因为两粒子穿过极板后水平向右垂直进入有竖直边界的匀强磁场，则两粒子在离开电场时，竖直方向速度为零，根据图乙可知，、穿过极板的时间为的偶数倍，故A错误，B正确；C．如图所示根据几何关系可得可得由几何关系可知在磁场中，由洛伦兹力提供向心力可得，粒子的比荷为在本题中，两粒子进入磁场时的速度大小相等，则所以、粒子的比荷之比为，故C错误；D．在竖直方向，、粒子先加速度再减速，由运动学公式得因为、粒子在电场中运动时间相等，场强E相等，则所以，、穿过极板竖直方向上的位移大小与两粒子的比荷成正比，则，故D正确。故选BD。11．C2.42b4.9【详解】（1）[1]AB．本题拉力可以由力传感器来测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使砂桶（包括砂）的质量远小于小车的总质量，故AB错误；C．该实验探究加速度与力的关系，需要改变砂和砂桶的总质量，打出多条纸带，测出加速度a与相应力传感器的示数F，故C正确；D．应先打开打点计时器，再释放小车，故D错误。故选C。（2）[2]相邻两计数点之间还有四个点未画出，则相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，所以小车的加速度为（3）[3][4]根据牛顿第二定律得所以结合图像可得所以（4）[5]设砂和砂桶的总质量为m0，根据牛顿第二定律有联立可得由此可知，当m0无穷大时，可得12．BCD否B若纸带上第1、2两点间距若接近，可减小实验误差【详解】①[1]B：将打点计时器接到电源的“交流输出”上，故B错误，操作不当；C：因为我们是比较mgh、的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平，故C没有必要。D：应先接通电源，再释放纸带，故D错误，操作不当；本题选操作不当的，故选BCD。②[2]根据在匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度大小等于该过程的平均速度大小。可知E点的速度大小等于DF间的平均速度，即为根据实验原理可知需验证即③[3]表中的与之间存在差异，小于，不是由于空气阻力造成的，如果考虑空气阻力的影响，重力势能的减少量应大于动能的增加量；存在这种差异的可能原因是遮光条到悬点的距离大于球心到悬点的距离导致测得的速度偏大。④[4]根据能量守恒定律得得则以为纵坐标轴，以h为横坐标轴，画出的-h图象为图中过原点的直线。故选B。⑤[5]物体自由下落时根据公式其中,由此可知，开始所打两个点之间的距离约等于，若纸带上第1、2两点间距若接近，可减小实验误差。13．（1），；

（2）10kg【详解】（1）结点C受到三根绳子的拉力处于平衡状态，CD绳的拉力等于物体的重力G，如图所示，根据合成法则，得（2）若AC挂80N则若BC挂90N则为使两绳都不断取质量较小，所以不能超过100N，即10kg；14．（1）；（2）；（3）；（4）【详解】（1）由图乙可知，K材料的极限频率为，故逸出功为（2）B点对应入射光频率为，加正向电压后，由光电效应方程得故由动能定理得故（3）设经过时间t产生光子数n，则解得吸收光子数光电子数最大电流时为t时间内产生的光电子全部达到A板，则故（4）当给电子的能量大于逸出功时，才能发射阴极射线，即故15．(1)；(2)5；(3)【详解】(1)由可得如图所示离开左侧磁场时，到O点的距离有几何关系可知离开左侧磁场时与OA的夹角为，进入右侧磁场时与OC的夹角为，则可得可得粒子第一次经过OC边时距O点的距离(2)有几何关系可知粒子第一次进入区域，速度与OA夹角为，第二次进入磁场时与OC的夹角为，第三次进入磁场区域，速度与OA夹角为，第四次进入磁场时与OC的夹角为，第n次进入磁场时与磁场边界的夹角为，其中进入