高考生物一轮复习 限时强化练 限时练18　基因分离定律拓展题型全扫描

基因分离定律拓展题型全扫描限时练18

(时间：30分钟分值：40分)1.(2026·江西新余联考)已知牛的体色由一对等位基因(A、a)控制，其中基因型为AA的个体为红褐色，aa为红色，在基因型为Aa的个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、

Aa两种基因型，其比例为1∶1，且雌∶雄＝1∶1。让该群体的牛进行基因型相同的雌雄个体交配，子代红牛所占比例为(

) A.1/4

B.1/3 C.1/6

D.1/8A解析根据牛群中只有AA、Aa两种基因型，其比例为1∶1，且雌∶雄＝1∶1，可知群体中雌牛AA∶Aa＝1∶1，雄牛AA∶Aa＝1∶1，基因型相同的雌雄个体(AA×AA，Aa×Aa)交配的后代中基因型为aa的比例为1/2×1/4＝1/8，表现为红色，后代中基因型为Aa且表现为红色的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，故子代中表现红色的为1/4，表现为红褐色的比例为1－1/4＝3/4，综上分析，A符合题意。2.(2026·甘肃张掖模拟)某二倍体植物的性别由L、LM、LN决定，只要有LM即为雄性，LNLN为雌性，其他均为雌雄同株。下列叙述错误的是(

)A.此植物种群中和性别相关的基因型共6种B.雌雄同株的杂合子自交得F1，F1自交得到的F2中雌性占1/6C.2个基因型相同的个体杂交，子代一定没有雄性D.LMLN与LNLN杂交，后代雌雄比为1∶1A解析由于雌性或雌雄同株的个体无法产生含LM的卵细胞，故种群中不存在LMLM这种基因型，种群中和性别相关的基因型有LMLN、LML、LNLN、LNL、LL，共5种，A错误；雌雄同株的杂合子(LNL)自交得F1，F1中基因型及比例为LNLN∶LNL∶LL＝1∶2∶1，F1中只有LNL、LL可以自交，自交得到的F2中雌性(LNLN)的比例为2/3×1/4＝1/6，B正确；2个基因型相同的个体杂交，只能是LNL×LNL或LL×LL，子代一定没有雄性，C正确；LMLN与LNLN杂交，后代基因型及比例为LMLN∶LNLN＝1∶1，即雌雄比为1∶1，D正确。3.(2026·福建厦门外国语调研)果蝇的腹部长刚毛和腹部短刚毛是由一对位于常染色体上的等位基因A(a)控制的相对性状，此外A(a)还控制果蝇胸部刚毛的有无。一对腹部长刚毛的雌雄果蝇交配，后代中腹部长刚毛∶腹部短刚毛＝3∶1。后代腹部长刚毛个体中胸部无刚毛∶胸部有刚毛＝1∶2。后代腹部短刚毛个体胸部均有刚毛。下列相关叙述错误的是(

)A.亲代雌雄果蝇的基因型都为AaB.后代腹部长刚毛个体的基因型为AA和AaC.根据上述杂交结果推测，基因型为AA的个体胸部有刚毛D.根据上述杂交结果推测，亲代雌雄果蝇的胸部均有刚毛C解析根据题意可知，一对腹部长刚毛的雌雄果蝇交配，后代中腹部长刚毛∶腹部短刚毛＝3∶1，说明亲本腹部长刚毛果蝇均为杂合子(Aa)，A正确；亲代(Aa)杂交，子代基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，腹部长刚毛∶腹部短刚毛＝3∶1，且亲代是腹部长刚毛(Aa)，据此推测腹部长刚毛是显性性状(A_)，即后代腹部长刚毛个体的基因型为AA和Aa，B正确；后代腹部长刚毛个体(基因型为AA和Aa)中胸部无刚毛∶胸部有刚毛＝1∶2，说明A基因纯合(AA)时，果蝇的胸部无刚毛，其余基因型(Aa、aa)均表现为胸部有刚毛，C错误；根据上述杂交结果推测，亲代雌雄果蝇都是杂合子(Aa)，表现为胸部有刚毛，D正确。4.(2026·东北育才中学质检)某昆虫的体色由常染色体上的一对等位基因(A/a)控制，体色在不同性别中的表现如表所示。假设各类型个体的生存和繁殖能力相同。随机取一只白色雌虫与一只黑色雄虫杂交，F1中雌性个体均为一种体色，雄性个体均为另一种体色。F1自由交配，理论上F2中白色个体的比例不可能是(

)B雄性AAAaaa体色黑色雌性AAAaaa体色黑色白色白色A.1/2 B.1/4 C.3/8 D.15/32解析白色雌虫的基因型为Aa或aa，黑色雄虫的基因型为AA、Aa或aa，故杂交组合有2×3＝6(种)，其中杂交组合Aa(♀)×AA(♂)与Aa(♀)×Aa(♂)的后代中雌雄个体均有黑色，不符合题意，故符合题意的亲本杂交组合共有4种：①Aa(♀)×aa(♂)、②aa(♀)×AA(♂)、③aa(♀)×Aa(♂)、④aa(♀)×aa(♂)。分析杂交组合①③，F1的基因型及比例均为Aa∶aa＝1∶1，F1自由交配，雌雄个体产生的配子类型及比例均为A∶a＝1∶3，F2中雄性个体均为黑色，则F2中的白色个体一定是雌性，其基因型为Aa或aa，因此F2中的白色个体所占比例为1/2×(1－1/4×1/4)＝15/32；分析杂交组合②aa(♀)×AA(♂)，F1的基因型均为Aa，F1自由交配，F2中基因型为Aa和aa的雌性个体表现为白色，其所占比例为3/4×1/2＝3/8；分析组合④aa(♀)×aa(♂)，F1和F2的基因型均为aa，F2的雄性个体均表现为黑色，雌性个体均表现为白色，则F2中白色个体所占比例为1/2，故B符合题意。5.(2026·重庆一中诊断)水稻存在雄性不育基因：其中

R(雄性可育)对r(雄性不育)为显性，是存在于细胞核中的一对等位基因；N(雄性可育)与

S(雄性不育)是存在于细胞质中的基因；只有细胞质和细胞核中均为雄性不育基因时，个体才表现为雄性不育。下列有关叙述正确的是(

)A.R、r和N、S的遗传遵循基因的自由组合定律B.水稻种群中雄性可育植株共有6种基因型C.母本S(rr)与父本N(rr)的杂交后代均为雄性不育D.母本S(rr)与父本N(Rr)的杂交后代均为雄性可育C解析遗传定律适用于真核生物的细胞核基因的遗传，细胞质中基因的遗传不遵循分离定律或自由组合定律，A错误；由题意分析可知，只有S(rr)表现为雄性不育，其他均为雄性可育，即水稻种群中雄性可育植株共有5种基因型，B错误；细胞质遗传的特点是所产生的后代S(rr)细胞质基因均来自母本，而细胞核基因的遗传遵循分离定律，因此母本S(rr)与父本N(rr)杂交，后代细胞质基因为S，细胞核基因为rr，即产生的后代S(rr)均为雄性不育，C正确；母本S(rr)与父本

N(Rr)杂交，后代的基因型及比例为S(Rr)∶S(rr)＝1∶1，即后代为一半雄性可育，一半雄性不育，D错误。6.(2026·广东佛山质检)梨树是雌雄同株植物，研究发现其具有通过“不亲和基因”(复等位基因S1、S2、

S3、S4)抑制“近亲繁殖”的机制，具体表现为：当花粉与母本含有的基因相同时，花粉不能参与受精。下列叙述错误的是(

)A.父本S1S2与母本S2S3杂交后代的基因型为S1S2、S1S3B.S1S2×S1S3正反交结果相同，且都没有纯合子后代C.基因S1、S2、S3、S4位于同源染色体上，遵循分离定律D.基因型为S1S2和S3S4的梨树杂交可提高结实率B解析父本S1S2与母本S2S3杂交，含S2的花粉不参与受精，后代的基因型为S1S2、S1S3，A正确；S1S2×S1S3正反交结果不相同，且都没有纯合子后代，B错误；基因S1、S2、S3、S4为复等位基因，位于同源染色体上，遵循分离定律，C正确；基因型为S1S2和S3S4的梨树杂交，所有花粉均可参与受精，可提高结实率，D正确。7.(2026·河北邯郸联考)自然条件下，某二倍体植物种群中存在雌株、雄株与两性株三种类型，由基因a、a＋、aD控制，其中aD对a、a＋为完全显性，a＋对a为完全显性。雌株与雄株的杂交只出现图中①②两种结果，两性株自交只出现③④两种结果。针对该植物的性别决定，下列有关叙述正确的是(

)BA.aD是控制雄株的基因，雄株有aDaD、aDa＋、aDa三种基因型B.若亲本的基因型为aDa与a＋a，则两亲本的杂交子代出现三种表型C.每种雌株能产生1种基因型的卵细胞，每种雄株能产生3种基因型的花粉D.①②③三组杂交子代的性状分离比均为3∶1，②中两性株的基因型为a＋a解析由题图③可知，两性株自交子代出现了雌株，则两性株相对雌株为显性，由②可知，雌株和雄株杂交，子代出现两性株，说明雄株相对两性株为显性，则aD控制雄株、a＋控制两性株，a控制雌株，不可能存在含aD基因的雌配子，因此雄株不可能存在aDaD基因型，A错误；当亲本的基因型为aDa与a＋a时，杂交子代基因型为aDa＋、aDa、a＋a、aa，其中aDa＋、aDa表现为雄株，a＋a表现为两性株，aa表现为雌株，B正确；雌株的基因型是aa，只能产生一种基因型的卵细胞a，雄株的基因型可以是aDa＋和aDa，每种雄株只能产生2种基因型的花粉，C错误；①组雌株基因型为aa，雄株基因型为aDa，子代表型及比例为雄株∶雌株＝1∶1，②组雌株基因型为aa，雄株基因型为aDa＋，子代表型及比例为两性株∶雄株＝1∶1，③组两性株基因型为a＋a，自交子代表型及比例为两性株∶雌株＝3∶1，D错误。8.(2026·河南许平汝联考)某种昆虫的体色由一对位于常染色体上的等位基因(A/a)控制，研究人员进行了如图两组杂交实验。研究发现杂合个体产生的某种配子部分致死。下列相关叙述正确的是(

)DA.由实验可知，有体色为隐性性状B.F2表型比为7∶1的原因是F1含A基因的雌配子部分致死C.推测F2中有体色个体中杂合子所占的比例为3/7D.若实验一F2所有个体自由交配，F3中隐性纯合子的概率为3/32解析分析实验一和实验二，F1均为有体色，F2均为有体色∶透明＝7∶1，说明有体色为显性性状，透明为隐性性状，A错误；F2中表型比为7∶1，说明基因型为aa的个体占比为1/8＝1/2×1/4，说明杂合子产生的含有基因A和a的雄配子或雌配子的比例为3∶1，即含有a基因的雄配子或雌配子有2/3致死，B错误；A.由实验可知，有体色为隐性性状B.F2表型比为7∶1的原因是F1含A基因的雌配子部分致死C.推测F2中有体色个体中杂合子所占的比例为3/7D.若实验一F2所有个体自由交配，F3中隐性纯合子的概率为3/32F1的基因型为Aa，如果杂合子产生的雄配子中含有a基因的有2/3致死，则产生的雌配子比例为A∶a＝1∶1，雄配子比例为A∶a＝3∶1，则F2中有体色个体所占的比例为7/8，Aa所占的比例为1/2×3/4＋1/2×1/4＝1/2，即杂合子在有体色个体中所占的比例为4/7，同理，如果杂合子产生的雌配子中含有a基因的有2/3致死，杂合子在有体色个体中所占比例也为4/7，C错误；若实验一F2所有个体(AA∶Aa∶aa＝3∶4∶1)自由交配，该群体产生的雌(或雄)配子比例为A∶a＝5∶3，产生的雄(或雌)配子比例为A∶a＝3∶1，则F3中透明个体的概率为3/8×1/4＝3/32，D正确。A.由实验可知，有体色为隐性性状B.F2表型比为7∶1的原因是F1含A基因的雌配子部分致死C.推测F2中有体色个体中杂合子所占的比例为3/7D.若实验一F2所有个体自由交配，F3中隐性纯合子的概率为3/329.(2026·陕西西安中学模拟)基因在生物进化中有“绝对自私性”。某种植物的花有红花、粉红花和白花三种颜色，受一对等位基因A/a控制，A基因是一种“自私基因”，杂合子在产生配子时，A基因能“杀死”体内的部分雄配子。选择红花(AA)植株和白花(aa)植株杂交，F1全部开粉红花，F1植株自交，F2中红花∶粉红花∶白花＝2∶3∶1。下列相关分析错误的是(

)A.该植物花色在遗传上仍然遵循基因的分离定律B.基因型为Aa的植株中，A基因对a基因为不完全显性C.F1产生的基因型为a的雄配子中有1/3被A基因“杀死”D.若F2植株进行随机传粉，则后代中白花植株占5/36C解析某种植物的花有红花、粉红花和白花三种颜色，受一对等位基因A/a控制，该植物花色的遗传遵循基因分离定律，A正确；选择红花(AA)植株和白花(aa)植株杂交，F1全部开粉红花，所以基因型为Aa的植株中，A基因对a基因为不完全显性，B正确；A基因是一种“自私基因”，杂合子在产生配子时，A基因能“杀死”体内的部分雄配子。选择红花(AA)植株和白花(aa)植株杂交，F1全部开粉红花，F1植株自交，F2中红花(AA)∶粉红花(Aa)∶白花(aa)＝2∶3∶1，即aa个体占

1/6，则F1产生的基因型为a的雄配子比例为1/3，说明基因型为a的雄配子中有1/2被A基因“杀死”，C错误；F2中红花(AA)∶粉红花(Aa)∶白花(aa)＝2∶3∶1，且F2粉红花产生的基因型为a的雄配子中有1/2被A基因“杀死”，若F2植株随机传粉，雌配子种类及比例为A∶a＝7∶5，雄配子种类及比例为A∶a＝2∶1，则后代中白花植株(aa)占5/12×1/3＝5/36，D正确。10.(2025·浙江6月选考，23)玉米(2n＝20)雌雄同株异花。从玉米某自交系(甲)中选育出2个雄性不育突变体(乙和丙)。已知雄性不育基因E1、E2由雄性可育基因E突变所致；如图1所示。甲×乙的F2中雄性可育285株、雄性不育94株，甲×丙的F2中雄性可育139株、雄性不育45株。利用引物P1和P2，对甲、乙、丙以及它们之间杂交的后代(丁和戊)基因组DNA进行PCR扩增，扩增产物经SnaBⅠ完全酶切后电泳，结果如图2所示。回答下列问题：(1)E1基因与E基因相比，由于____________________，导致编码的蛋白质中1个氨基酸发生改变。E2基因与E基因相比，由于编码区增加了插入序列，导致______________________，使编码的蛋白质中氨基酸数目减少。一个碱基对的替换终止密码子提前出现(2)雄性不育对雄性可育是________性状，乙的基因型是________。甲×丙产生的F1其雌配子有________种，F2可育植株中纯合子占________。若甲×戊的F1随机交配，则F2中E1的基因频率是________。隐性E2E221/31/4(3)写出丁×戊获得F1的遗传图解。(4)雄性不育突变体不能自交繁殖。为了保存雄性不育突变体，需长期保留含不育基因的杂合子。该杂合子可采用上述“PCR结合限制性内切核酸酶酶切后分析条带”进行鉴定，还可采用的方法有___________________________________(答出2点即可)。测交、自交、核酸分子杂交、基因测序(5)利用引物P1、P2对甲的基因组DNA进行PCR扩增和电泳，下列叙述错误的是________。A.PCR反应中TaqDNA聚合酶是沿着模板链的3′端向5′端聚合核苷酸B.图2中胶板的上端是电泳时的负极，且电泳时DNA片段由负极向正极泳动C.若用32P标记引物P1，每个DNA分子经4轮PCR循环后，可获得16条含32P标记的DNA单链D.若用32P标记引物P1，每个DNA分子经4轮PCR循环后，可获得8个含32P标记且长度为b的DNA分子C解析

(1)由图1可知，E1基因与E基因相比，由于一个碱基对替换，导致编码的蛋白质中1个氨基酸发生改变。由图1可知，E2基因与E基因相比，编码区增加了插入序列，结果编码的蛋白质中氨基酸数目减少，说明翻译提前终止，故反推出编码区增加了插入序列，导致mRNA上终止密码子提前出现。(2)由题意可知，甲×乙的F2中雄性可育285株、雄性不育94株，即F2中雄性可育∶雄性不育＝285∶94≈3∶1，同理，甲×丙的F2中雄性可育∶雄性不育≈3∶1，可知雄性不育为隐性性状，雄性可育为显性性状。甲基因型为EE，故图2中b片段对应E基因，E2基因长度大于E1，故a片段为E2，E1内部存在限制酶SnaBⅠ的识别序列，可被切割为片段c和d，据此可知乙的基因型为E2E2，丙的基因型为E1E1。甲×丙产生的F1的基因型为EE1，故其可产生2种类型的雌配子，分别是E、E1，F1自交，F2中的基因型及比例为EE∶EE1∶E1E1＝1∶2∶1，其中EE、EE1表现为雄性可育，因此F2可育植株中纯合子占1/3。由图2可知，戊的基因型为E1E2，甲×戊的F1的基因型及比例为EE1∶EE2＝1∶1，F1均可育，随机交配，基因频率