专题01 力与直线运动 2026年高考物理真题分类汇编（解析版）

高考真题分类解析PAGE试卷第=1页，共=sectionpages33页PAGE1专题01力与直线运动考点分类2026年高考命题解读创新考法考点01运动的描述核心素养立意，情境化命题成为常态。

题目多以“歼-35”、“四川舰”等科技前沿或“最美边境公路”等生活情境为载体，考查质点、位移、路程等基础概念的深度理解。从“知识记忆”转向“观念应用”。

重点变化在于，弱化对概念定义的直接复述，强化在复杂情境中提取关键信息、判断物体能否视为质点的科学思维，以及对位移矢量性、速度瞬时性的深刻理解。考点02匀变速直线运动的规律问题情境多元化，强调模型建构与信息处理能力。

题目涵盖隧道估算、舰载机起飞、足球运动、交通分析等场景。用“树木序号-时间”图像类比x-t图像进行分析，要求学生具备图像转换与信息加工能力；多选计算题则通过数据表格呈现相对间距变化，考查学生对匀变速直线运动判别式的灵活运用。考点03共点力作用下的平衡几何模型与数学分析深度融合，考查推理论证能力。

题目多涉及空间几何体（正四面体、圆环）或复杂实物模型（挑玉米、气球）。利用包带长度与挂钩间距的几何关系，推导出张力与距离的函数图像；或结合“匀速运动”的平衡条件与空气阻力公式，分析动态变化。从“静态受力分析”转向“几何与函数的动态分析”。

重点变化在于，将受力分析置于复杂的几何结构中，要求运用三角函数、相似三角形等数学工具进行定量推导，甚至分析函数图像变化趋势，对数学应用能力要求极高。考点04牛顿运动定律的应用物理过程综合化，突出多过程、多物体和多参考系的分析能力。

题目普遍涉及多个运动阶段（如传送带问题中的施力、撤力、绷直）或多个物体（如追及相遇问题）从“单过程应用”转向“多过程多物体系统的综合推理”。

重点变化在于，题目更强调复杂情境下的过程分析、临界状态判断和规律选择。考点01运动的描述1．（2026·浙江·高考真题）下列问题中，图示物体可看成质点的是（

）A．研究图甲中“四川舰”的航行路径B．研究图乙中“歼-35”战斗机的飞行姿态C．研究图丙中“神舟二十二号”载人飞船与空间站的对接方式D．研究图丁中“蛟龙号”潜水器完成任务出水后调整方位回舱过程【答案】A【详解】A．研究“四川舰”的航行路径时，“四川舰”的体积和形状可以忽略，故“四川舰”可以看成质点，故A正确；B．研究“歼-35”战斗机的飞行姿态时，“歼-35”战斗机的体积和形状不可以忽略，故“歼-35”战斗机不可以看成质点，故B错误；C．研究“神舟二十二号”载人飞船与空间站的对接方式时，“神舟二十二号”的体积和形状不可以忽略，故“神舟二十二号”不可以看成质点，故C错误；D．研究“蛟龙号”潜水器完成任务出水后调整方位回舱过程时，“蛟龙号”的体积和形状不可以忽略，故“蛟龙号”不可以看成质点，故D错误。故选A。2．（2026·内蒙古辽宁·高考真题）某游客驾车由丹东出发，沿“最美边境公路”国道G331到达额济纳旗，路线如图中实线所示，总里程约，起点到终点的直线距离约。此过程（

）A．该车的路程约为B．该车的位移大小约为7500kmC．某时刻该车速度计显示的是平均速度D．若研究该车的运动轨迹，该车可视为质点【答案】D【详解】AB．路程是物体运动轨迹的长度，位移是初位置到末位置的有向线段大小。本题中总里程是路程，起点终点的直线距离是位移大小，故AB错误；C．汽车速度计显示的是某一时刻的瞬时速度，不是平均速度，故C错误；D．研究该车的运动轨迹时，汽车自身的大小、形状相对于数千公里的运动路径可以忽略，因此可以将汽车视为质点，故D正确。故选D。3．（2026·河北·高考真题）某同学健身时，哑铃被举高后再回到原位置，如图所示。如此重复10次，哑铃的位移大小为（

）A．0 B． C． D．【答案】A【详解】位移是描述物体位置变化的物理量，位移的大小等于初位置到末位置的有向线段长度，和运动过程的路径无关。本题中，哑铃每次运动都从原位置出发，举高后回到原位置，重复10次后，哑铃的末位置与初始位置重合，初末位置的距离为0，因此位移大小为0。故选A。4．（2026·山西陕西·高考真题）现代科技为物资运输提供了多种方式。某物流企业分别利用无人机和新能源货车从山上装货点P运输货物至山下仓库Q，两种方式中一定相同的是（

）A．位移 B．路程 C．时间 D．平均速度【答案】A【详解】A．位移是从初位置指向末位置的有向线段，仅由初、末位置决定，两种运输方式的初位置都是P、末位置都是Q，故位移一定相同，A正确；B．路程是物体运动轨迹的长度，无人机和货车的行驶路径不同，运动轨迹长度不一定相等，故路程不一定相同，B错误；C．运动时间由运动路程和运行速率共同决定，两者的路程、运行速率均无确定关系，故时间不一定相同，C错误；D．平均速度的定义为，两者位移相同，但运动时间不一定相同，故平均速度不一定相同，D错误。故选A。5．（2026·四川·高考真题）小车在水平地面上做匀速直线运动。零时刻、站在小车上的甲沿与小车运动方向平行的方向抛出一个小球，乙站在小车侧方水平地面上观测到小球做直线运动直至落地。忽略空气阻力。则（

）A．乙观测到小球的运动轨迹与地面垂直B．乙观测到小球的加速度为零C．甲抛球方向与小车前进方向相同D．小球相对地面的初速度不为零【答案】A【详解】B．根据题意可知，小球抛出后受重力作用，加速度为重力加速度，方向竖直向下，故B错误；ACD．由于乙站在小车侧方水平地面上观测到小球做直线运动直至落地，可知，小球相对地面做自由落体运动，乙观测到小球的运动轨迹与地面垂直，则小球相对地面的初速度为零，即甲抛球方向与小车前进方向相反，相对小车的速度大小与小车运动的速度大小相等，故A正确，CD错误。故选A。考点02匀变速直线运动的规律1．（2026·贵州·高考真题）某同学乘坐列车时，在自己的座位上利用车厢内信息屏和手机秒表估算隧道长度。该同学进隧道时速度为，出隧道时速度为，总用时。若列车在隧道中做匀减速直线运动，则该隧道长为（

）A． B． C． D．【答案】C【详解】列车在隧道内做匀减速直线运动，匀变速直线运动的平均速度满足位移等于平均速度乘以运动时间，即代入已知条件、、计算得故选C。2．（2026·湖南·高考真题）某舰载机起飞时，在第2s内的v—t图像如图所示，该段时间内舰载机加速度的大小为（

）A．10m/s2 B．20m/s2 C．30m/s2 D．40m/s2【答案】B【详解】根据加速度的定义式故选B。3．（2026·广东·高考真题）足球比赛中，某队员为接应传球，由静止开始沿直线跑动，先匀加速冲刺，后匀减速至接球点停止。全程用时5s，位移大小为20m，则该队员在某时刻的速度和加速度的大小可能是（

）A．， B．，C．， D．，【答案】A【详解】根据题意，设运动过程中最大速度为，则有代入数据解得根据题意可知，加速过程或减速过程的最大时间均小于总时间，则有解得加速过程或减速过程的最小加速度综上所述，该球员某时刻的速度不可能为，加速度大小不可能为。所以根据题意和选项速度和加速度大小可能是，。故选A。4．（2026·山东·高考真题）如图甲所示，汽车在平直公路上行驶，路边有等间距的树木，车载摄像机记录了沿途景色。某同学根据一段视频绘制了图乙，横坐标为树木序号，纵坐标为对应树木出现的时刻，内汽车通过隧道。关于汽车的运动，下列说法合理的是（

）A．内做加速运动B．内做减速运动C．内的路程小于内的路程D．内的路程大于内的路程【答案】B【详解】树木是等间距的，故图像可类比图像AB．根据可知，图像斜率的倒数表示速度，由图知时间内斜率增大，则速度减小，做减速运动，故A错误，B正确；C．由图可知内的路程为4d，大于内的路程3d，故C错误；D．内的路程3d，等于内的路程3d，故D错误。故选B。5．（2026·河南·高考真题）（多选）智能飞行器飞行表演中，两飞行器M、N位于同一高度，沿同一直线同向匀速飞行。依据表演要求，M保持飞行速度不变，N先匀加速后匀减速调整与M的间距，20s以内完成调整。从开始调整时计时，N传回的数据如表所示，则调整过程中（

）时间02468101214161820间距281294297290273248227212203200200A．10s末N的速度达到最大值B．7s末N与M的间距为281.5mC．N加速阶段的加速度大小为D．N与M的相对速度的最大值为【答案】CD【详解】ACD．以M飞行器为参考系，分别求出N在相邻2s内相对M的位移如表时间区间0-2s2-4s4-6s6-8s8-10s10-12s12-14s14-16s16-18s18-20s相对位移X1X2X3X4X5X6X7X8X9X1013m3m-7m-17m-25m-21m-15m-9m-3m0由于，，故内N做匀加速直线运动，同理内N以另一加速度做匀减速直线运动，8s至10s内的某时刻，N匀加速运动结束开始做匀减速，所以内的某时刻，N的速度达到最大值，设加速阶段的加速度为，则由可得设减速阶段的加速度为，则由解得以M飞行器为参考系，N在第6s时的速度第12s时的速度则由解得即第9s时N的速度最大，N相对于M的速度最大值为，故A错误，CD正确；B．7s末时N与M的间距为，故B错误。故选CD。6．（2026·四川·高考真题）某款国产民用无人机已实现全自动作业。如图所示，无人机完成某次任务后开始返航，此时所在位置与降落点的水平距离为120m，竖直距离为90m。无人机先以10m/s的速度沿水平直线飞行至与降落点水平距离50m处，然后沿原运动方向做匀减速直线运动至降落点正上方，随后用时33s竖直下降至降落点，返航结束。求：(1)无人机沿水平方向做匀减速直线运动的加速度大小。(2)无人机从开始返航到返航结束的位移大小和平均速度大小。【答案】(1)1m/s2(2)150m，3m/s【详解】（1）（1）根据匀变速直线运动公式，代入数据有可得匀减速直线运动的加速度大小为（2）无人机从开始返航到返航结束的位移大小无人机匀速时需要的时间为匀减速阶段的时间为由于竖直方向运动时间为所以全程的平均速度为考点03共点力作用下的平衡1．（2026·山西陕西·高考真题）我国科研人员利用仿生机器鱼研究湖泊生态，当仿生机器鱼在湖中匀速直线下潜时，它受到水的合力方向是（

）A．斜向下 B．竖直向下 C．斜向上 D．竖直向上【答案】D【详解】仿生机器鱼做匀速直线运动，处于平衡状态，所受合外力为0。机器鱼受两个外力：竖直向下的重力，以及水对其施加的所有作用力的合力（包含浮力、水的阻力等）。根据平衡条件有可得即水的合力与重力大小相等、方向相反，为竖直向上。故选D。2．（2026·贵州·高考真题）如图，农民伯伯挑玉米时用双手分别抓住轻绳的O、点处，某时刻绳、与竖直方向的夹角均为，手对绳的作用力分别垂直于、，所有作用力在同一竖直平面内，此时人和物均处于平衡状态。已知每筐玉米质量为，重力加速度大小为，忽略筐和扁担质量，则此时扁担对肩膀的作用力大小为（

）A． B． C． D．【答案】B【详解】对单侧O点受力分析：O点受三个力：向下的玉米重力mg、OA绳的拉力T、手垂直OA的作用力F，系统平衡。根据平衡条件则单侧绳对扁担向下的分力为扁担对肩膀的作用力大小为解得故选B。3．（2026·湖北·高考真题）如图所示，半径为的光滑圆环固定在竖直平面内，原长为的轻质弹簧一端固定在圆环上与圆心等高的位置，另一端连接一个套在圆环上质量为的小球，平衡时弹簧与水平方向的夹角为。弹簧在弹性限度内，重力加速度大小为，弹簧的劲度系数为（

）A． B． C． D．【答案】C【详解】根据题意，设此时弹簧的长度为，由几何关系有解得可知，此时弹簧被压缩，且形变量为对小球受力分析，如图所示由平衡条件有，联立解得故选C。4．（2026·山东·高考真题）如图所示，由光滑刚性杆组成的正四面体框架放置在水平面上，三条棱上各套有一个质量为的小球。三个小球通过相同的轻质弹簧连接，静止时恰好处于同一水平面。已知弹簧始终在弹性限度内，劲度系数为，重力加速度大小为，则每根弹簧的伸长量为（

）A． B． C． D．【答案】B【详解】根据题意可知，每根弹簧的伸长量相等，设每根弹簧的伸长量为，光滑刚性杆与地面的夹角为，结合正四面体的特点，由几何关系可得，设两根弹簧对小球的弹力为，则有对其中一个小球受力分析，如图所示沿杆方向上，由平衡条件有联立解得故选B。5．（2026·云南·高考真题）如图所示，两挂钩可沿固定水平横梁滑动到任意位置后锁定。一挎包质量为m，其轻质包带长度约为4d，a、b为包与包带的连接点，相距为d。将挎包悬挂在两挂钩上，两挂钩相距为x时，锁定挂钩。挎包静止时，a、b在同一水平直线上，包带的张力大小为FT，重力加速度为g，不计包带与挂钩之间的摩擦及两挂钩尺寸。能正确反映随x变化的图像是（）A． B．C． D．【答案】D【详解】设挎包带与竖直方向的夹角为θ。对挎包受力分析，竖直方向受重力mg和两股包带的拉力FT，由平衡条件2FTcosθ=mg根据几何关系有单侧包带长度单侧包带水平投影长度则故代入特殊点x=0，x=d，x=2d，故选D。6．（2026·浙江·高考真题）如图所示，一盏重为G的艺术灯用细绳悬挂，左右两侧细绳与水平方向夹角分别为45°和60°，细绳拉力分别为和。A和B是左侧细绳两端点，C和D分别是天花板和灯上的点，CD与AB平行，则（

）A．大于B．和都小于GC．用细绳连接C和B后撤去AB绳，可使灯位置不变D．用细绳连接C和D后撤去AB绳，可使灯位置不变【答案】B【详解】AB．对艺术灯受力分析，如图所示将、和三力平移后，构成矢量三角形，如图根据矢量三角形可知，故A错误，B正确；CD．用细绳连接C和B后撤去AB绳或用细绳连接C和D后撤去AB绳，如图所示若艺术灯位置保持不变，则三力不能交汇一点，即无法保持平衡，故CD错误。故选B。7．（2026·湖南·高考真题）（多选）如图，某同学将两个相同的球形氦气球用等长的轻绳系在一起，拉着绳使气球随人一起做水平匀速运动。运动过程中，球心始终在绳的延长线上且球心连线水平，两绳所构成的平面与水平面的夹角为（），两球间的弹力为。气球受到空气阻力的大小与相对空气的速率成正比，空气始终相对于地面静止，忽略气球形状的变化。该同学沿原方向运动速度缓慢增大，下列说法正确的是（

）A．增大 B．减小 C．增大 D．减小【答案】BC【详解】AB．根据题意，设每根绳子的拉力为，两根绳子之间的夹角为，每个气球受到空气阻力，浮力为，对整体受力分析，由平衡条件，竖直方向上有水平方向上有整理可得运动速度缓慢增大，减小，则减小，增大，故A错误，B正确；CD．对单个气球受力分析，由平衡条件有由于不变，增大，则增大，故C正确，D错误。故选BC。8．（2026·四川·高考真题）（多选）如图所示，球心为、半径为的半球体固定于水平地面，质量为的杂技演员依靠双手支撑竖直倒立在球面上。双手对球面压力的作用点的连线是与地面平行、圆心为的小圆的直径，压力大小均为且不超过（为重力加速度大小）。手与球面间动摩擦因数为，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等。设长为、则（

）A．时，演员保持平衡状态，大小可能为B．时，演员可以通过增大往上移动C．时，演员不可能保持平衡状态D．演员要保持平衡状态，的最小值为【答案】AD【详解】设球心O到单侧手的作用点连线与竖直轴的夹角为，由几何关系得，演员受力平衡：水平分量抵消，竖直方向两个手的支持力和摩擦力的竖直分量平衡重力，整理得最大静摩擦力满足当静摩擦力取最大值时，联立可得A．时，代入数据解得由于可知的范围为大小可能为，故A正确；B．根据题目分析可知时，演员可以处于平衡状态，在保持平衡状态的前提下，当增大时，静摩擦力变小，合力始终不变，能否上升与N无关，故B错误；C．根据结合题意当时，解得平衡临界，故C错误；D．根据结合辅助角公式可得可得的最小值，故D正确。故选AD。考点04牛顿运动定律的应用1．（2026·内蒙古辽宁·高考真题）秧马是古代插秧时用的一种农具，苏轼用“日行千畦”形容其高效。如图，人抬脚跨坐在秧马上，与其一起向前减速滑行的过程中（

）A．秧马的加速度方向向后B．秧马受到秧田的摩擦力方向向前C．秧马对人的支持力和人对秧马的压力是一对平衡力D．秧马对人的支持力和人受到的重力是一对作用力与反作用力【答案】A【详解】A．秧马向前减速滑行，速度方向向前，减速运动的加速度方向与速度方向相反，因此加速度方向向后，A正确。B．秧马相对秧田向前运动，秧田对秧马的摩擦力阻碍相对运动，因此摩擦力方向向后，B错误。C．秧马对人的支持力作用在人身上，人对秧马的压力作用在秧马身上，二者是作用力与反作用力（平衡力要求作用在同一物体上），C错误。D．作用力与反作用力是两个物体之间的相互作用，秧马对人的支持力是人跟秧马之间的相互作用，人受到的重力是地球对人的引力，二者不是作用力与反作用力，D错误。故选A。2．（2026·云南·高考真题）云南宣威尼珠河大峡谷的“青云电梯”为谷底孩子们上学提供了交通便利。若电梯由静止开始上升，用时，则此过程电梯的平均速度大小及电梯向上加速时乘客所处的状态分别为（

）A．，超重 B．，超重 C．，失重 D．，失重【答案】A【详解】平均速度计算：根据平均速度定义式，代入位移、时间，可得超重失重判断：电梯向上加速时加速度竖直向上，乘客处于超重状态。故选A。3．（2026·四川·高考真题）如图所示，以恒定速率运行的传送带上有甲、乙两物块，二者与传送带相对静止，由不可伸长轻绳连接，之间无间隙。甲、乙质量均为，与传送带间的动摩擦因数分别、。某时刻、对乙施加水平向右的外力使其以恒定加速度（为重力加速度大小）运动，经时间撤去外力、再经时间绳绷直。甲、乙均可视为质点、传送带足够长。则（

）A．和满足B．从撤去外力到绳绷直，因摩擦产生的热量为C．绳绷直后瞬间甲的动能为D．绳绷直以后甲、乙不会发生碰撞【答案】D【详解】以传送带为参考系，初始甲乙均静止。A．施加外力过程，乙的最大速度撤去外力后，乙的加速度大小经时间绳绷直，此时乙还有向右的速度，说明故，故A错误；B．绳绷直时乙的速度从撤去外力到绳绷直，乙的路程（以下所指路程均为相对传送带运动的距离）为因摩擦产生的热量，故B错误；C．绳绷直瞬间，根据动量守恒解得此速度为相对传送带的速度，此时甲的对地速度要大于，则其动能大于，故C错误；D．绳绷直以后甲、乙相对传送带速度均为从绷直到乙相对传送带静止，乙的路程为从绷直到甲相对传送带静止，甲的加速度为甲的