2026届高考物理考向核心卷含答案(云南)

高中2026届高考考向核心卷物理（云南专版）分值：100分时间：75分钟注意事项1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题，本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求；第8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.2025年9月3日，在北京举办了纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年大会。展示的一款舰载激光武器LY-1引起广泛关注，它是利用定向发射的激光束直接毁伤目标或使之失效的舰用定向能武器。关于其使用的激光，下列说法正确的是()A.在密度不均匀的大气中，激光始终沿直线传播B.激光的频率越高，在真空中传播的速度越大C.激光武器、微波武器使用的激光和微波都属于电磁波D.激光频率越高，单个光子能量越大，对目标的毁伤效果越好2.2025年6月12日，我国的CR450动车组进行了运行试验，最高运行速度达到450km/h，对应的牵引功率为11MW，刷新世界高铁商业运营速度纪录。若CR450动车组在水平轨道上匀速直线运动时所受的阻力与速度的二次方成正比，则动车组以337.5km/h沿水平轨道匀速直线行驶时的牵引功率约为()A.4.64MW B.6.19MW C.8.25MW D.9.12MW3.如图所示，水平地面上固定两个相同的等腰直角三角形斜面体，在右侧斜面体顶端将甲、乙两小球以等大反向的初速度分别向左、向右水平抛出。已知甲小球垂直打在斜面上，忽略空气阻力及小球的反弹，则甲、乙两小球在空中的运动时间之比为()A. B. C.2:3 D.1:24.笔记本电脑闭合时具有自动休眠的功能，闭合过程中，屏幕上的磁体靠近键盘底座的霍尔元件，屏幕熄灭，如图所示为显示屏闭合时的简化模型。已知屏幕上的磁体产生的磁感应强度B垂直于显示屏，霍尔元件的长、宽、高分别为d、l、h，触发“休眠”的霍尔电压为显示屏完全闭合时霍尔电压的，载流子为电子，单位体积内的电子数为n，忽略电磁感应现象，元电荷为e，则()A.b端的电势比a端高B.屏幕合上后稳定时的霍尔电压为C.若将霍尔元件的高度h加倍，则霍尔电压也加倍D.屏幕与键盘底座夹角为30°时，笔记本将进入休眠状态5.2025年12月30日12时12分，长征四号乙运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，将天绘七号卫星送入预定轨道。卫星运行过程中需要进行多次变轨，其中从近地圆轨道Ⅰ经椭圆轨道Ⅱ进入中圆轨道Ⅲ的示意图如图所示，已知Ⅰ轨道与Ⅲ轨道的半径之比为1:2，地球质量为M，半径为R，引力常量为G，则卫星从Ⅰ轨道变轨至Ⅲ轨道经历的最短时间为()A. B. C. D.6.打篮球时，篮球与地面作用过程会产生声音，声音的持续时间与作用过程时间非常接近。某同学在安静环境中在时刻将篮球从一定高度处由静止释放，用手机记录环境声音随时间的变化情况，如图所示。不计空气阻力，重力加速度g取，篮球质量为0.6kg，关于篮球第1次与地面作用过程的说法正确的是()A.篮球初始释放位置的高度为1.5mB.篮球与地面作用后瞬间速度大小约为8m/sC.地面对篮球的平均作用力大小约为251ND.碰撞过程篮球损失的机械能约为1.7J7.有一列沿x轴方向传播的简谐横波，时的波形图如图甲所示，波上的四个质点的位移大小相等，四个质点中某质点的振动图像如图乙所示，已知时b质点位于平衡位置，则质点a的振动方程为()A. B.C. D.8.图甲所示为变隙式差动变压器的结构简图，初级线圈接图乙所示的正弦交流电源，两侧完全相同的次级线圈中的磁通量分别为，衔铁可左右移动，磁通量最大值与衔铁到线圈的距离成反比，输出电压有效值为。下列说法正确的是()A.衔铁在中间时最小B.衔铁在中间时最大C.同一时刻副线圈中电流方向与衔铁移动方向有关D.同一时刻副线圈中电流方向与衔铁移动方向无关9.一理想气体系统经历一循环过程，其图如图所示，其中过程气体温度不变。下列说法正确的是()A.过程气体分子的平均动能增加B.过程气体向外界放出热量C.状态的体积和压强满足D.过程气体从外界吸收热量10.如图甲所示，两个粒子都带正电，带电荷量均为q，a的质量为m，b的质量为2m。时刻，间距离为L，a速度大小为v，方向沿连线指向b，b速度为0，仅在彼此静电力作用下，它们靠近后又被弹开，经过足够长时间，最终均做匀速直线运动。粒子运动轨迹在同一直线上，两粒子组成系统的电势能与两粒子间距离r的关系为，图像如图乙所示。当两个粒子间的距离趋于无限远时，静电力可忽略，则()A.距离最近时，a的速度大小为B.距离最近时，系统的电势能等于C.当距离再次等于L时，b的速度大小为D.当r趋于无穷大时，a的速度大小为，方向与初速度相反二、非选择题：本大题共5小题，共54分。11.（6分）如图所示，用“插针法”测量一等腰直角三角形玻璃砖的折射率。主要步骤如下：（1）在白纸上画一条直线ab，并画出其垂线cd，交于O点。（2）将玻璃砖斜边AB沿ab放置，并确定直角边BC的位置ef，cd与ef的交点为。（3）在cd上竖直插上大头针和，从侧面BC透过玻璃砖观察和，插上大头针，要求能挡住__________（选填“”“”或“和”）的虚像。（4）撤去玻璃砖和大头针，连接与，过作ef的垂线，垂足为D，用刻度尺量出的长度，的长度，则玻璃砖的折射率___________。（用题给物理量字母表示）（5）为了减小实验误差，大头针的位置应离较___________（选填“近”或“远”）一些。12.（10分）实验小组利用如图甲所示电路完成测量半导体电阻的电阻率和测量电源电动势和内阻两个实验，实验步骤如下。（1）该小组用螺旋测微器测量该圆柱形半导体电阻的直径D，示数如图乙所示，其读数为___________mm。再用米尺测量半导体圆柱的长度为。（2）图甲中电压表量程为3V，内阻很大，定值电阻的阻值为15.0Ω，电阻箱R的最大阻值为999.9Ω，电源由两节干电池串联而成。首先将置于位置1，闭合，多次改变电阻箱R的阻值，记下电压表的对应示数U，根据数据绘出的图线如图丙所示。再将置于2，此时电压表示数为1.00V，根据图丙可得半导体的电阻率为__________Ω·m（保留两位有效数字）。（3）该小组根据图甲的电路和图丙的图像，可以求得电池组电动势___________V，内阻___________Ω。（结果均保留3位有效数字）（4）持续使用后，电池组电动势降低、内阻变大。若该小组再次将此半导体电阻连入此装置，测得电阻两端的电压，仍根据原来描绘的图丙得到该电阻的测量值会_____________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。13.（10分）如图所示，倾角为、长为的固定斜面上放置有一质量为的薄木板，木板下方与斜面底端对齐。质量为的小滑块放置在木板上，且位于斜面正中间。已知滑块与木板间的动摩擦因数为，滑块、木板与斜面间的动摩擦因数均为，重力加速度g取，。现用力沿斜面向上匀加速拉动木板。（1）若在滑块到达斜面顶端前木板被拉出，求最小的拉力大小；（2）若滑块脱离木板后能运动到平台上，求最大的拉力大小。14.（12分）如图（a）所示，一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子（重力忽略不计），从静止开始经电压加速后，沿水平方向进入两等大的水平放置的平行金属板间偏转，金属板长以及间距均为l，偏转电压为加速电压的2倍。（1）求带电粒子离开偏转电场时的速度大小；（2）粒子离开偏转电场后接着从P点（未标出）进入一个按图（b）规律变化的有界磁场中，磁场左、右边界在竖直方向上，已知磁感应强度的大小为，粒子刚进入磁场时为时刻，此时磁场方向垂直于纸面向里，粒子离开磁场时的位置Q（未画出）恰与P点等高且速度方向恰与进入磁场时的速度方向垂直，磁场的宽度大于，求该磁场的变化周期T及磁场的宽度s。15.（16分）如图所示，两间距为的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，左端接有定值电阻，右端NQ处有一固定弹性绝缘挡板，虚线1、2间和虚线3、4间的距离均为，且均存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小均为。质量为、阻值为、长为的导体棒a垂直导轨放在虚线1左侧，质量为、阻值为、长为的导体棒b垂直导轨放在虚线2、3间，虚线2、3间距离很小。某时刻给棒a一水平向右的初速度。两棒始终与导轨垂直且接触良好，所有碰撞均为弹性碰撞。求：（1）棒a刚越过虚线1瞬间的加速度大小；（2）棒a第一次在虚线1、2运动的过程中，R上产生的焦耳热；（3）最终两棒停止的位置。

2026届高考考向核心卷物理参考答案——云南专版2026届高考物理（云南专版）考向核心卷考情诊断表知识模块对应题号模块分值试卷占比得分光的本性与电磁波14分4.00%功和功率（机车启动）24分4.00%平抛运动规律34分4.00%霍尔效应44分4.00%天体运动（万有引力定律+开普勒定律）54分4.00%动量定理与机械能损失（碰撞问题）64分4.00%机械波（波形图+振动图像+振动方程）74分4.00%交变电流与互感（差动变压器）86分6.00%理想气体状态方程与热力学第一定律96分6.00%动量守恒与电势能（库仑力作用下的相互作用）106分6.00%光的折射（插针法测玻璃砖折射率）116分6.00%实验（电阻率测量+电源电动势和内阻测量）1210分10.00%牛顿运动定律与板块问题1310分10.00%带电粒子在电场、磁场中的运动（组合场）1412分12.00%电磁感应与双棒问题（含弹性碰撞、焦耳热）1516分16.00%题号12345678910答案CABDCCCACABCAC1.答案：C解析：在密度不均匀的大气中，激光会发生折射现象，传播方向发生变化，不会始终沿直线传播，A错误；根据光速不变原理可知，激光在真空中的传播速度与激光的频率无关，B错误；根据电磁波的知识可知，激光和微波都属于电磁波，C正确；激光频率越高，根据可知，单个光子能量越大，但对目标的毁伤效果不一定越好，因为毁伤效果不仅取决于单个光子能量，还与光子的数量有关，D错误。2.答案：A解析：CR450动车组在水平轨道上匀速直线运动时，牵引力F等于阻力f，又阻力与速度的二次方成正比，即。，牵引功率，即牵引功率与速度的三次方成正比。最高运行速度，对应牵引功率。动车组速度为时，对应牵引功率设为，有，可得，A正确。3.答案：B解析：等腰直角三角形斜面体的倾角，设初速度大小为，等腰直角三角形的腰长为h，对甲小球的平抛过程，水平方向上有，竖直方向上有，根据几何关系可知，联立解得，对乙小球的平抛过程，水平方向上有，竖直方向上有，假设乙小球能落到斜面上，则有，联立解得，故假设不成立，乙小球落到地面上，则有，解得，故，B正确。4.答案：D解析：已知载流子为电子，电子带负电，根据左手定则可知，电子在洛伦兹力作用下向b端移动，因此b端的电势比a端的低，A错误。屏幕闭合后，稳定时有，又，，可得，h加倍时，霍尔电压减半，BC错误。设磁场方向与竖直方向的夹角为θ，则，触发“休眠”时的霍尔电压为屏幕闭合时霍尔电压的，则恰触发“休眠”时磁场方向与竖直方向成30°角，屏幕方向与磁场方向垂直，则屏幕与键盘底座成30°角，D正确。5.答案：C解析：卫星在Ⅰ轨道上运行时，由万有引力提供向心力有，解得，根据几何关系可知，卫星在Ⅱ轨道上运行的轨道半长轴，根据开普勒第三定律有，联立解得卫星在Ⅱ轨道上运行的周期，卫星从Ⅰ轨道变轨至Ⅲ轨道至少要经历Ⅱ轨道上运行的半个周期，则，C正确。6.答案：C解析：篮球从释放到第一次落地，在空中运动的时间，则篮球初始释放位置的高度为，A错误。篮球第一次离开地面到第二次落回地面经过的时间约为，则篮球第一次与地面作用后瞬间速度大小约为，B错误。第一次篮球与地面的作用过程，作用时间为，由动量定理有，又，解得，C正确。碰撞过程篮球损失的机械能等于篮球动能的损失量，为，D错误。7.答案：C解析：据图析题第一步：确定振幅设质点a的振动方程为，由图甲、乙可知波长为，周期为，则，由图乙可知，解得，AB错误。第二步：确定波传播方向时刻质点位移为负，则图乙为c或者d的振动图像，若波沿x轴负方向传播，图乙对应质点为c，则时质点b的位移为负，不符合题意，若波沿x轴正方向传播，图乙对应的质点为d，时质点d位于平衡位置，质点b也在平衡位置，符合题意，结合图乙可知时质点d的位移为，则时质点a的位移为，振动方向沿y轴负方向，振幅为10cm，可得质点a的振动方程为，C正确，D错误。8.答案：AC解析：结合题图甲的线圈绕向和楞次定律以及安培定则可知，两侧副线圈产生的感应电流方向相反，当衔铁在中间时，两侧线圈产生的感应电流完全抵消，最小，A正确，B错误。结合题述可知，衔铁偏离中间位置越远，同一时刻两侧线圈中磁通量最大值相差越大，结合法拉第电磁感应定律可知，两侧线圈产生感应电动势的差值越大，结合A选项分析可知C正确，D错误。9.答案：ABC解析：据图析题过程气体体积不变，压强增大，则温度升高，气体分子的平均动能增加，A正确。由热力学第一定律有，过程气体体积减小，外界对气体做功，W为正，又压强不变，则温度降低，气体内能减少，为负，可知Q为负，即气体向外界放出热量，B正确。过程气体温度不变，由玻意耳定律有。由图可知，可知，C正确。外界对气体做的功等于该过程图像与横轴所围的面积，过程，外界对气体做的功大于气体对外界做的功，又内能不变，可知气体向外放出热量，D错误。10.答案：AC解析：由于只有静电力的作用，组成的系统所受外力的合力为0，则系统动量守恒，当距离最近时，二者速度相等，设为，有，可得，A正确。二者靠近到相距最近的过程，系统减小的动能，根据能量守恒可知系统增加的电势能为，由于初始时系统具有电势能，故距离最近时，系统的电势能，B错误。当距离再次等于L时，设速度分别为，由动量守恒有，此过程系统电势能的变化量为0，由能量守恒有，解得，，C正确。当距离再次等于L时，a速度大小为，方向向左，b速度大小为，方向向右。此后在二者间的静电力作用下，a继续向左加速，b继续向右加速。当r趋于无穷大时，a向左的速度大于，b向右的速度大于，D错误。11.答案：（3）和（4）（5）远解析：（3）要求和在一条光线上，该光线透过玻璃砖后过，故要能挡住和的虚像。（4）cd与ab垂直，则过和的光线与ab垂直，光垂直入射时传播方向不变，可确定BC边上的出射点为，与连线即为出射光线，可知入射角，出射角β满足。玻璃砖的折射率。（5）大头针的位置应离较远，这时画出射光线的方向时误差较小，用刻度尺测量的长度、的长度时的相对误差较小。12.答案：（1）3.300（2）（3）2.50；1.25（4）偏小解析：（1）根据螺旋测微器的读数规则可知读数为。（2）图丙中图线斜率数值上为，则，代入可得。由电阻定律有，可得。（3）由闭合电路欧姆定律得，整理得，图线纵截距，图线斜率，解得，。（4）当电池电动势减小，内阻增大时，接入待测电阻，电压值U减小，增大，在原来图像中读出的增大，则R减小，因此该电阻测量值会偏小。13.答案：（1）（2）解析：（1）设木板的加速度为时，小滑块到达斜面顶端时木板恰好被拉出对滑块由牛顿第二定律有根据匀变速直线运动规律，对滑块有对木板有联立解得对木板由牛顿第二定律有解得（2）设木板的加速度为时，滑块先以加速度a加速，离开木板后以加速度减速，到达斜面顶端时速度恰好减为零对滑块由牛顿第二定律有设滑块的加速时间为，减速时间为，最大速度为有又，可得由位移关系有对木板由牛顿第二定律有联立得14.答案：（1）（2）；解析：（1