2026届高考物理考向核心卷·海南专版·参考答案

2026届高考考向核心卷物理参考答案——海南专版2026届高考物理（海南专版）考向核心卷考情诊断表知识模块对应题号分值试卷占比得分运动的描述（质点、时间时刻、速度位移）13分3.00%原子核衰变（β衰变）、半衰期、比结合能23分3.00%抛体运动、超重失重、功和能（空气阻力存在）33分3.00%万有引力定律（地球内部引力、圆周运动周期）43分3.00%光的折射、折射率、传播速度、双缝干涉53分3.00%机械波的干涉、波的传播、质点振动路程63分3.00%传送带问题、冲量、功、曲线运动条件73分3.00%理想气体的奥托循环（热力学第一定律、气体状态变化）83分3.00%电磁感应（感生电动势）、焦耳热、安培力冲量94分4.00%理想变压器、交变电流、感应电动势104分4.00%静电场（点电荷电势、电场力做功、电势能、平衡）114分4.00%电磁感应（双棒切割）、安培力、焦耳热、电荷量124分4.00%复合场（电场、磁场）、圆周运动、电势能、洛伦兹力134分4.00%实验（验证机械能守恒定律、游标卡尺读数）148分8.00%实验（测电表内阻、改装电表、测电源电动势和内阻）1512分12.00%匀变速直线运动（多阶段减速问题）1610分10.00%动量守恒（爆炸）、圆周运动临界、平抛运动、动能定理1712分12.00%带电粒子在电场、磁场中的运动（类平抛、圆周偏转）1814分14.00%

题号12345678910111213答案BBDABCDABDBDACBCACD1.答案：B解析：“1小时26分”指时间间隔A错误飞行速度“20马赫”为瞬时速度B正确导弹的射程是指导弹从发射点到落点之间的大地线距离，位移大小等于起点到终点的直线距离C错误研究导弹的飞行姿态时，不可将其视为质点D错误2.答案：B解析：根据核反应方程电荷数守恒和质量数守恒可知，X的电荷数为-1，质量数为0，则X为电子，故为β衰变，A错误；衰变产物比母核更稳定，的比结合能更大，B正确；半衰期为适用于大量原子核的统计规律，对于少数原子核不适用，C错误；半衰期与核自身性质有关，与温度及所处物理化学环境及衰变程度无关，D错误。3.答案：D解析：在最高点时空气阻力和重力的合力与速度的夹角为钝角，合力为阻力，运动员减速，A错误。运动员起跳后上升过程有竖直向下的加速度，处于失重状态，B错误。由于A点与起跳点在同一水平线上，从起跳点到A点过程，重力做的功为零，D正确。由于空气阻力对运动员做负功，由能量守恒定律可知，运动员到A点时的机械能减小，动能减小，则速度减小，C错误。4.答案：A解析：由题意可得，在北极质量为m的小球的重力，由于球体积为，设地球的平均密度为ρ，则地球的质量，联立解得，则小球在地球内部半径为的隧道运动时受到的万有引力，此时万有引力提供向心力，则有，解得，A正确。5.答案：B解析：根据光路可逆原理，由图可知入射角相同时b光在玻璃中的偏折的角度比a光大，可知玻璃对b光的折射率大，则b光的频率大于a光，A错误；由可知，在玻璃砖中a光的传播速度大于b光，a光和b光在玻璃砖中传播的路程均为玻璃砖的半径，所以a光的传播时间小于b光，B正确，C错误；根据可知a光的波长大于b光的波长，结合，可知用同一双缝干涉实验装置进行干涉实验，a光干涉条纹间距大于b光干涉条纹间距，D错误。6.答案：C解析：由图可知，A点与B点均为振动加强点，且此时处于正向位移最大处，由几何关系可知，两列水波的波长均为，因此周期为，A错误。传播的不是质点，是振动形式，B错误。，图示时刻O点为波谷与波谷相遇的位置，为振动加强点，2s内走过的路程，C正确。，1s后O处质点应处于最高点，D错误。7.答案：D解析：冲量是力对时间的积累，支持力始终存在且对木块作用时间不为零，故支持力对木块的冲量不为零，A错误；摩擦力对木块的冲量大小等于木块在传送带上的动量变化量，根据三角形定则有，B错误；传送带对木块做的功等于木块动能的变化量，即，C错误；木块与传送带共速之前，木块所受摩擦力为滑动摩擦力，大小不变，与木块初速度不共线，即木块相对地面做加速度大小不变的曲线运动，D正确。8.答案：A解析：a→b过程，外界对气体做功，c→d过程，气体对外界做功，奥拓循环a→b→c→d→a整个过程气体对外做功，由热力学第一定律有，则，气体吸收热量，A正确；根据图像及气体实验定律可知，状态c的温度比状态b的温度高，状态d的温度比状态a的温度高，c→d过程为绝热过程，则有，气体体积增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，气体内能减小，温度降低，即状态c的温度比状态d的温度高，可知奥拓循环过程温度最高的是c点，B错误；在d→a过程中气体的温度降低，气体分子的平均动能减小，不是所有分子速率均减小，C错误；在b→c过程中，气体温度升高，则有，气体体积不变，则有，由热力学第一定律可知，气体吸收热量，D错误。9.答案：BD解析：导体框中有磁场穿过的面积恒定，根据法拉第电磁感应定律有，根据题图乙可知和时间内导体框中产生的感应电动势大小之比为2:1，根据可知和时间内导体框中产生的焦耳热之比为2:1，A错误，B正确。结合以上分析可知时间内导体框中的感应电动势，电流为，时间内，导体框受到的安培力冲量大小为，C错误，D正确。10.答案：BD解析：右侧单匝线圈产生的感应电动势为0.3V，则的示数，R消耗的电功率，A错误，B正确。变压器原、副线圈中电流的频率一定相同，C错误。设通过原线圈的磁通量为，通过左侧、右侧的磁通量分别为、，结合守恒知识，有，变式得，即，可得的示数为0.2V，D正确。11.答案：AC解析：设正点电荷的电荷量为Q，小球释放位置到点电荷的距离为l，小球能到达的最低点到点电荷的距离为x，则小球下滑高度为，由能量守恒定律有，解得，可知θ越大，小球到达最低点时离点电荷越近，A正确。小球在最低点时电势能最大，由上述分析可知，，可知m越大，小球的最大电势能越大，B错误。小球下滑过程中，加速度为零时，即受力平衡时速度最大，有，此时为定值，若q增大，则也增大，即小球速度最大位置到点电荷距离增大，C正确。若杆粗糙，分析可知小球加速下滑时的加速度会减小，同时最大速度的位置也会更高，则其最大速度将减小，D错误。12.答案：BC解析：甲沿倾斜导轨下滑过程，机械能守恒，有，甲经过EF后瞬间，由法拉第电磁感应定律，有，回路的电流，则甲的加速度，A错误。设稳定时甲的速度为，回路中电流为零，有，则乙的速度，从甲经过EF到开始匀速运动的过程，设回路中平均电流为，所需时间为t，对甲，有，对乙，有，联立得，整个过程，通过甲的电荷量为，BC正确。整个过程，两导体棒产生的总焦耳热，则乙产生的焦耳热为，D错误。13.答案：ACD解析：释放时匀强电场对小球的作用力分别为水平向右、水平向左，细杆顺时针转动，细杆转动90°前做正功，小球的动能增大，细杆转过90°后开始做负功，小球的动能减小。由能量守恒定律可知，当细杆转过180°时两小球的速度减为零。此时水平向右，水平向左，细杆开始逆时针转动，转过180°后再次反向转动，B错误。由动能定理可知，每个小球的最大动能，A正确。由左手定则可知，两小球所受洛伦兹力始终等大、同向，C正确。由能量守恒定律可知，小球第一次动能最大时，系统第一次电势能最小，此时细杆沿电场方向，小球a在右端。设此时小球的速度大小为v，有。假设杆对小球a的力为拉力，有，解得拉力。分析可知，当杆对小球a的力为支持力时，支持力，D正确。14.答案：（1）10.60（2）；小于（3）解析：（1）根据游标卡尺的读数规则可知。（2）将小球经过点的平均速度近似看成瞬时速度，为，小球球心经过光电门前，小球加速，小球球心经过光电门后，小球减速，故小球球心经过光电门的瞬时速度为最大速度，计算出的平均速度小于该瞬时速度。（3）若小球的机械能守恒，有，解得，所以图像的斜率为。15.答案：（1）①如图所示②198（2）①22.0；②3.0；4.2；③等于解析：（1）②由并联分流规律和电路图，有，解得。（2）①由电表改装原理，有，则。②由闭合电路欧姆定律，有，变式得，结合所作图线，可得，，解得，。③本实验不存在系统误差，不考虑偶然误差，电动势的测量值等于真实值。16.答案：（1）（2）解析：（1）设驾驶员松开油门踏板5s后，汽车的速度大小为，由于驾驶员松开油门踏板后先做匀减速直线运动，则有（2）由（1）问分析可知，驾驶员松开油门踏板后5s过程，汽车经过的位移设驾驶员踩下刹车踏板后，汽车经过的位移为，则有由速度位移公式有解得17.答案：（1）1.4m（2）解析：题图剖析（1）当滑块B运动到D点恰好脱离圆弧轨道，对B受力分析如图所示，，解得之后B做斜抛运动，设运动时间为t，在水平方向上有竖直方向上有联立解得（2）设滑块A的质量为，炸药爆炸后速度大小分别为，对滑块B从C运动到D，根据机械能守恒有解得对A，根据能量守恒定律有解得对爆炸过程根据动量守恒定律有解得则爆炸产生的总能量为18.答案：（1）（2）（3）解析：（1）粒子从A点到O点的过程中，在电场中做类平抛运动，有解得（2）设粒子到达O点时沿y轴方向的分速度大小为，由，可得粒子进入磁场时的速度大小，与x轴正方向的夹角为45°粒子在磁场中做圆周运动，有由几何关系有粒子从A点到O点的时间从O点到进入磁场过程中做匀速直线运动的时间在磁场中做圆周运动的偏转角度为，则时间，其中则，解得（3）粒子速度大小为，第1次进入磁场时位置的横坐标设粒子进入磁场时速度方向与x轴正方向的